在Alfresco中：从节点路径获取NodeRef的最快方法

Question

我正在尝试改善其中一项实施的性能，

当前，我们使用Alfresco nodeService.getChildAssocs从rootNode检索节点，并运行某种循环来比较路径。

当您有大量文件时，这不是很有效。我已经从Share调试了定位文件网页脚本，并看到它们基于该路径运行Lucene查询。

这也是这里描述的内容：http : //wiki.alfresco.com/wiki/NodeRef_cookbook#Getting_a_NodeRef_from_its_path

这是检索NodeRef的最有效方法吗？是否有其他API可从回购端运行此简单任务（在Java中）？

非常感谢

Answer 1

在基础API中，您可以调用：

FileFolderService.resolveNamePath(NodeRef rootNode, List pathElements)
FileFolderService.resolveNamePath(NodeRef rootNode, List pathElements, Boolean mustExist)

在内部，它使用搜索循环模式，可能类似于您已经提到的操作。然后，如果您只想进行搜索，则可以使用以下其他API：

SearchService.query(StoreRef.STORE_REF_WORKSPACE_SPACESSTORE, SearchService.LANGUAGE_XPATH, "/app:company_home/cm:path/cm:to/cm:content")

OOTB远程API是org/alfresco/cmis/item.getWeb脚本，其中提供以下URL模板：

/cmis/s/{store}/arg/p?path={path}&filter={filter?}&returnVersion={returnVersion?}&includeAllowableActions={includeAllowableActions?}&includeRelationships={includeRelationships?}&includeACL={includeACL?}&renditionFilter={renditionFilter?}
/api/path/{store_type}/{store_id}/{nodepath}?filter={filter?}&returnVersion={returnVersion?}&includeAllowableActions={includeAllowableActions?}&includeRelationships={includeRelationships?}&includeACL={includeACL?}&renditionFilter={renditionFilter?}

但是，我不建议将其用于对性能有严格要求的路径，因为CMIS非常健谈。我可能会开发一个利用上述基础API的自定义Web脚本。