Laravel - 根据路径获取当前页面或视图的 HTML

Question

我有风景mypage.blade.php和路线。

网址就像：https://example.com/mypage/param1/param2。路由使用param1并param2生成页面。

问题1

在该页面中，我尝试获取其 HTML 代码。有办法做到吗？我尝试过render()，但没有得到我想要的。

问题2

在视图中，我可以通过指定路径来获取其他视图的HTML代码吗？

Answer 1

你的想法是正确的。不知道为什么它对你不起作用。

在控制器中，将视图设置为变量：

 $view = view('myBaseView', compact('people', 'places', 'things'));

现在，如果转储渲染的视图变量，您将获得该页面的 HTML：

dd($view->render());

要通过指定路径并使用内部控制器来获取另一个视图的 html，您需要设置某种包装器或 catch，以便视图变量不会作为视图返回，而是呈现为如上所述的 html。您的方法需要捕获原始控制器在推出视图之前发送的任何内容。

当然，如果你的服务器设置允许这样做，老式的 php 也有可能获取其他页面渲染的 html：

$html = file_get_contents('http://mypage.com/');

您可能会发现 Laravelsections 方法很方便。如果您只想渲染页面的一部分，您可以通过从部分视图中调用您想要的任何部分来实现：

$sections = $view->renderSections(); // returns an associative array of 'content', 'pageHeading' etc

dd($sections['modalContent']); // this will only dump whats in the content section

我不知道你想用这个 html 做什么，但是如果你想在页面上显示它，一旦你发送它（你可能想要返回视图以及变量 $view.. .作为普通变量（如果是这样），请记住使用以下格式：

{!! $view !!}

华泰