在 Django Urls 中传递一个 URL 作为参数

Question

我正在处理一个 Django(2) 项目，在该项目中我需要在 Django URL 中传递一个 URL 作为参数，这是我尝试过的：

网址.py：

urlpatterns = [
path('admin/', admin.site.urls),
url(r'^api/(?P<address>.*)/$', PerformImgSegmentation.as_view()),
]

视图.py：

class PerformImgSegmentation(generics.ListAPIView):
    def get(self, request, *args, **kwargs):
        img_url = self.kwargs.get('address')
        print(img_url)
        print('get request')
    return 'Done'

但它不起作用，我address通过邮递员传递了一个名称为名称的参数，但它失败了。它返回此错误：

未找到：/api/ [05/Sep/2018 15:28:06] "GET /api/ HTTP/1.1" 404 2085

Answer 1

Django 2.0 及更高版本现在使用pathfunc 构造函数来指定 URL。我不确定是否还有向后兼容性；你可以用一个简单的例子来试试。但是，如果您开始编写应用程序，则应使用path：

path('api/<str:encoded_url>/', view_action)

为了避免与在您的应用程序中查看的标准路径混淆，我不建议使用path转换器而不是str（前者可以让您匹配/，而另一个则不能）。

您可以通过这篇文章获得更多关于从url到转换的帮助。path

第二步，encoded_url在视图中获取作为参数。您需要对其进行解码：要在 get url 中传递一个 url，您可以使用 ASCII 编码将某些保留字符替换为其他字符（例如，正斜杠）。

您可以轻松地对 url 进行编码和解码urllib（还有其他模块）。对于 Python 3.7 语法如下（文档在这里）

>>> urllib.parse.quote("http://www.google.com")
'http%3A//www.google.com'
>>> urllib.parse.unquote('http%3A//www.google.com')
'http://www.google.com'

请记住：如果您在不引用的情况下传递 url，它将不匹配：您不接受与该路径表达式的斜杠匹配。（编辑：quote 方法默认不转换正斜杠，为此您需要传递：quote(<str>, safe='')

因此，例如您的GET调用应该是：/api/http%3A%2F%2Fwww.google.com。但是，最好将 URL 作为 get 参数传递，并且在路径中只关心可读性（例如/api/name_to_my_method?url=http%3A%2F%2Fwww.google.com）。路径工程对于可读性很重要，并且通过引用的 URL 传递通常不是 ebst 实践（尽管完全可能）。