在Kotlin中创建文件ZIP

Question

我正在尝试在Kotlin中创建一个zip文件。这是代码：

fun main(args: Array<String>) {
var files: Array<String> = arrayOf("/home/matte/theres_no_place.png", "/home/matte/vladstudio_the_moon_and_the_ocean_1920x1440_signed.jpg")
var out = ZipOutputStream(BufferedOutputStream(FileOutputStream("/home/matte/Desktop/test.zip")))
var data = ByteArray(1024)
for (file in files) {
    var fi = FileInputStream(file)
    var origin = BufferedInputStream(fi)
    var entry = ZipEntry(file.substring(file.lastIndexOf("/")))
    out.putNextEntry(entry)
    origin.buffered(1024).reader().forEachLine {
        out.write(data)
    }
    origin.close()
}
out.close()}

zip文件已创建，但其中的文件已损坏！

Answer 1

如果您使用Kotlin的IOStreams.copyTo()扩展程序，它将为您完成复制工作，最终为我工作。

因此，替换为：

origin.buffered(1024).reader().forEachLine {
    out.write(data)
}

有了这个：

origin.copyTo(out, 1024)

我也遇到了ZipEntry一个很大的斜线问题，但这可能只是因为我在Windows上。

注意：我并不需要最终closeEntry()使它起作用，但是建议这样做。

Answer 2

我做了一个混合：

fun main(args: Array<String>) {
val files: Array<String> = arrayOf("/home/matte/theres_no_place.png", "/home/matte/vladstudio_the_moon_and_the_ocean_1920x1440_signed.jpg")
ZipOutputStream(BufferedOutputStream(FileOutputStream("/home/matte/Desktop/test.zip"))).use { out ->
    for (file in files) {
        FileInputStream(file).use { fi ->
            BufferedInputStream(fi).use { origin ->
                val entry = ZipEntry(file.substring(file.lastIndexOf("/")))
                out.putNextEntry(entry)
                origin.copyTo(out, 1024)
            }
        }
    }
}
}

它完美地工作！非常感谢双方！

Answer 3

我不确定您是否想手动执行此操作，但我发现这个库可以完美运行：

https://github.com/zeroturnaround/zt-zip

该库是 Java Zip Utils 库的一个很好的包装，其中包括使用单个函数压缩/解压缩文件和目录的方法。

要压缩单个文件，您只需要使用以下packEntry方法：

ZipUtil.packEntry(File("/tmp/demo.txt"), File("/tmp/demo.zip"))

对于压缩目录及其子目录的情况，您可以使用以下pack方法：

val dirToCompress = Paths.get("/path/to/my/dir").toFile()
val targetOutput = Paths.get("/output/path/dir.zip").toFile()

ZipUtil.pack(dirToCompress, targetOutput)

zip 文件应该已在指定的目标输出中创建。

您可以在库的文档中找到更多详细信息和示例。

希望这有帮助 =)