通过 POSTMAN 发送时 HttpRequest.Files 为空

Question

我正在关注此博客文章以使用 C# Web API 上传图像。

这篇文章解释了如何使用 ARC 来做到这一点，并且效果很好。

但是当我尝试使用 POSTMAN 做同样的事情时，它失败了。

这是我的请求快照。

Answer 1

哼! 这太棘手了。除了Content-Type在工具中明确设置标题之外，您所做的一切都是正确的。你不能那样做。每当您在工具form-data的Body选项卡中附加文件时，邮递员都会自动检测Content-Type并在您的发布请求中发送它。

设置Content-Type为“multipart/form-data”涉及设置多个部分的边界的复杂概念，详见此处。因此，Content-Type明确设置标头会弄乱请求。邮递员工具会自动为您完成设置边界的繁重工作，这就是为什么它不希望您content-type在这种情况下明确设置边界。请查看我Authorization在系统上上传图像文件时如何仅设置标题：

Authorization如果您的 Web 服务器上没有任何身份验证，您甚至可能不需要此标头。因此Headers，您的情况下的有效选项卡应该只是空的，即根本没有键值对。

注意：仅供参考，multipart/form-data即使您不需要在工具中明确设置图像文件的正确内容类型。

Answer 2

在帖子中，您引用的数据正在上传为“x-www-form-url-encoded”

您的邮递员屏幕截图显示您正在将其作为“表单数据”上传

此外，您还添加了一个密钥“image01”，而 ARC 示例似乎并未发送密钥。

如果您想使用表单数据上传文件，则需要采用不同的方法：

// POST api/files
public async Task<HttpResponseMessage> Post()
{
    // Check if the request contains multipart/form-data.
    if (!Request.Content.IsMimeMultipartContent())
    {
        throw new HttpResponseException(HttpStatusCode.UnsupportedMediaType);
    }

    string root = HttpContext.Current.Server.MapPath("~/App_Data");
    var provider = new MultipartFormDataStreamProvider(root);

    string value;

    try
    {
        // Read the form data and return an async data.
        var result = await Request.Content.ReadAsMultipartAsync(provider);

        // This illustrates how to get the form data.
        foreach (var key in provider.FormData.AllKeys)
        {
            foreach (var val in provider.FormData.GetValues(key))
            {
                // return multiple value from FormData
                if (key == "value")
                    value = val;
            }
        }                       

        if (result.FileData.Any())
        {                    
            // This illustrates how to get the file names for uploaded files.
            foreach (var file in result.FileData)
            {
                FileInfo fileInfo = new FileInfo(file.LocalFileName);
                if (fileInfo.Exists)
                {
                   //do somthing with file
                }
            }
        }


        HttpResponseMessage response = Request.CreateResponse(HttpStatusCode.Created, value);
        response.Headers.Location = new Uri(Url.Link("DefaultApi", new { id = files.Id }));
        return response;
    }
    catch (System.Exception e)
    {
        return Request.CreateErrorResponse(HttpStatusCode.InternalServerError, e);
    }
}