不能从类中调用静态方法作为变量名吗？

Question

我正在使用php 5.2.6.我有一个策略模式,策略有一个静态方法.在实际实现其中一个策略的类中,它获取要实例化的策略类的名称.但是,我想在实例化之前调用其中一个静态方法,如下所示:

$strNameOfStrategyClass::staticMethod();

但它给了T_PAAMAYIM_NEKUDOTAYIM.

$> cat test.php

<?

interface strategyInterface {
        public function execute();
        public function getLog();
        public static function getFormatString();
}


class strategyA implements strategyInterface {
        public function execute() {}
        public function getLog() {}
        public static function getFormatString() {}
}

class strategyB implements strategyInterface {
        public function execute() {}
        public function getLog() {}
        public static function getFormatString() {}
}

class implementation {
        public function __construct( strategyInterface $strategy ) {
                $strFormat = $strategy::getFormatString();
        }
}

$objImplementation = & new implementation("strategyB") ;

$> php test.php

Parse error: syntax error, unexpected T_PAAMAYIM_NEKUDOTAYIM in /var/www/test.php on line 24

$> php -v

PHP 5.2.6-1+lenny9 with Suhosin-Patch 0.9.6.2 (cli) (built: Aug  4 2010 03:25:57)

这会在5.3中有效吗？

Answer 1

是.该语法在5.3中引入

要解决方法<= 5.2,您可以使用call_user_func:

call_user_func(array($className, $funcName), $arg1, $arg2, $arg3);

或者call_user_func_array:

call_user_func_array(array($className, $funcName), array($arg1, $arg2, $arg3));

但另一方面,你要做的事情并没有真正意义上的......

为什么将它作为静态函数？你的构造implementation函数无论如何都在期待一个对象(这strategyInterface $strategy就是寻找的东西).传递字符串不起作用,因为字符串不实现接口.所以我要做的是使界面非静态,然后执行以下操作:

$strategy = new StrategyB();
$implementation = new Implementation($strategy);

然后,在构造函数中:

$strFormat = $strategy->getFormatString();

或者,如果您真的希望该方法是静态的,您可以这样做:

$strFormat = call_user_func(array(get_class($strategy), 'getFormatString'));

哦,= & newsynax已被弃用(并且不会做你认为它做的事情).