MSBuild项目具有不同的构建配置,而不使用sln

Question

有关

我的VS解决方案中有两个项目,BookApp.Web并且BookApp.Domain.

BookApp.Web参考BookApp.Domain.

BookApp.Web具有以下生成配置:debug,staging,prod-eu,prod-us和prod-as.我们有三个数据中心用于生产和临时环境.

BookApp.Domain到目前为止只有两个构建配置,debug.

从Visual Studio中构建解决方案时,我可以使用构建配置程序来确保无论为Web项目选择什么构建配置,调试配置始终用于Domain项目.

但是,在我的持续集成服务器上使用MSBuild构建时,事情就出错了.我在rollout.msbuild文件中使用它:

<MSBuild Projects="BookApp.Web\BookApp.Web.csproj" Properties="Configuration=Prod-us" />

当我运行它时,MSBuild期望所有依赖项目具有相同的构建配置.由于情况并非如此(并且不应该是IMO),因此失败并显示以下错误消息:

The OutputPath property is not set for project 'BookApp.Domain.csproj'.  Please check to make sure that you have specified a valid combination of Configuration and Platform for this project.  Configuration='Prod-us'  Platform='AnyCPU'.

对相关问题的回答建议为每个构建配置创建单独的.sln解决方案,并使用MSBuild运行该解决方案.对我来说听起来不是一个好主意.

将所有构建配置复制到域项目也不理想.

有没有更好的方法告诉M​​SBuild使用不同的构建配置？

Answer 1

看看这个答案，它解释了如何通过 MSBuild 任务将配置从一个项目传递到另一个项目，并使用配置的元数据传递目标项目所需的配置

这里

更新

我使用类库（Sample.Domain）和ConsoleApplication（SampleApp.Console）创建了一个解决方案。我向 SamplApp.Console 添加了另外两个配置：prod-us;prod-eu，Sample.Domain 保留为 debug;release。

然后我更改了 ConsoleApplication 的 csproj 文件，如下所示：

项目参考

  <!--<ItemGroup>
    <ProjectReference Include="..\Sample.Domain\Sample.Domain.csproj">
      <Project>{73e8a7fd-0a24-47c5-a527-7601550d4b92}</Project>
      <Name>Sample.Domain</Name>
    </ProjectReference>
  </ItemGroup>-->

  <ItemGroup>
    <ProjectReference Include="..\Sample.Domain\Sample.Domain.csproj" >
      <Targets>Build</Targets>
    </ProjectReference>
  </ItemGroup>

在传递给 MSBuild 的配置上添加了一个 switch case，以配置输出文件和参考文件的一些属性：

  <Choose>
    <When Condition="'$(Configuration)' != 'Debug'">
      <PropertyGroup>
        <OutputProperty>$(OutputPath)\$(Configuration)</OutputProperty>
        <FileCopy>$(OutputProperty)</FileCopy>
      </PropertyGroup>
    </When>
    <Otherwise>
      <PropertyGroup>
        <OutputProperty>$(OutputPath)</OutputProperty>
        <FileCopy>$(OutputProperty)</FileCopy>
      </PropertyGroup>
    </Otherwise>
  </Choose>

创建了一个 Target 来切换传递给 MSBuild 的 Configuration，以便 Debug 将 Debug 传递给 Sample.Domain，其他所有内容都将传递给 Release

  <Target Name="MultiConfiguration" >
    <CreateProperty Value="Debug">
      <Output TaskParameter="Value" PropertyName="LibConfiguration" Condition="'$(Configuration)' == 'Debug'"/>
    </CreateProperty>

    <CreateProperty Value="Release">
      <Output TaskParameter="Value" PropertyName="LibConfiguration" Condition="'$(Configuration)' != 'Debug' "/>
    </CreateProperty>
  </Target>

构建目标使用我们添加的属性，因此引用文件的输出和副本将根据配置值具有正确的值

  <!--Build Process-->
  <Target Name="Build" DependsOnTargets="Clean;MultiConfiguration;ComputeProjectReference" >
    <Csc Sources="@(Compile)" References="@(NewAssemblies)" TargetType="exe" OutputAssembly="$(OutputProperty)\$(AssemblyName).exe"/>
  </Target>

  <Target Name="ComputeProjectReference" Inputs="@(ProjectReference)" Outputs="%(ProjectReference.Identity)__Forced">
    <MSBuild Projects="@(ProjectReference)" Targets="%(ProjectReference.Targets)" Properties="Configuration=$(LibConfiguration);Platform=AnyCPU;OutputPath=bin\$(LibConfiguration)">
      <Output TaskParameter="TargetOutputs" ItemName="ResolvedProjectReferences"/>
    </MSBuild>
  </Target>

  <Target Name="AfterProjectReference"  AfterTargets="ComputeProjectReference">
    <CreateItem Include="@(ResolvedProjectReferences)">
      <Output TaskParameter="Include" ItemName="CopyFiles" />
    </CreateItem>

    <Copy SourceFiles="@(CopyFiles)" DestinationFolder="$(FileCopy)" SkipUnchangedFiles="false"  />

    <ItemGroup>
      <NewAssemblies Include="$(OutputProperty)\%(CopyFiles.FileName)%(CopyFiles.Extension)" />
    </ItemGroup>
  </Target>

调用调试配置是这样完成的 msbuild SampleApp.Console.csproj

调用 (Release;prod-us;prod-eu;...) 是这样完成的 msbuild SampleApp.Console.csproj /p:Configuration="prod-us" /p:OutputPath="bin"

我确信它可以优化，并且可能更容易一些，但它确实有效。