严格的标准：只有变量应该通过引用传递 - 为什么这仍然有效，我该如何纠正它？

Question

在提交用户详细信息后，我正在尝试查询数据库以检查电子邮件是否已注册。

但是，我收到以下代码（摘录）的“严格标准：仅应通过引用传递变量”错误：

} else  if (isset($_POST['srSubmit']) && $_POST['srEmail']) {

    //check if email already taken
    if ($stmtreg = $mysqli->prepare("SELECT user_email FROM users WHERE user_email = ?")) {
        $stmtreg->bind_param("s", strtolower($_POST['srEmail']));
        $stmtreg->execute();
        $stmtreg->store_result();
        $num_rows = $stmtreg->num_rows();
        $stmtreg->bind_result($email);
        $stmtreg->fetch();
        $stmtreg->close();
    }

我有两个问题：i) 为什么即使出现此错误脚本仍然有效？a ii) 是什么原因造成的，我该如何解决？

谢谢

Answer 1

为 设置一个临时变量strtolower($_POST['srEmail'])，例如：

$email = strtolower($_POST['srEmail']);

然后传入$email您的bind_param. 即使 strtolower() 返回一个字符串，PDO 也不能引用它，因为它不是一个变量。