将“$@”放入破折号的局部变量中

Question

我有一个 Bash 函数，它"$@"通过将其放入局部变量中来对整个参数进行一些字符串操作 ( )，如下所示：

my_func() {
    local args="$@"
    echo "args: <$args>"
}

my_func "$@"

当我在 Bash 中运行它时，args包含传递的所有参数：

$ bash foo.sh foo bar baz
args: <foo bar baz>

但是，如果我在 Dash 中运行它，则仅存储第一个参数：

$ dash test.sh foo bar baz
args: <foo>

阅读Ubuntu Wiki 的“Dash as /bin/sh”页面中的部分local，似乎 Dash 正在local args="$@"像这样扩展该行：

$ bash foo.sh foo bar baz
args: <foo bar baz>

因此只将“foo”放入并将和args声明为（本地？）变量。事实上，如果我在参数中添加并运行它，它似乎确认我正在添加变量：barbazecho "bar: $bar"my_func=

$ dash test.sh foo bar baz
args: <foo>

说了这么多，有没有办法$args在 Dash 中获得类似 Bash 的行为（包含“foo bar baz”）？

Answer 1

POSIX 标准未指定$@in的扩展。shell将创建一个以空格分隔的字符串，其中包含所有位置参数作为变量的值，同时将尝试执行（等等）local args="$@" bashargsdashlocal args="$1" "$2" "$3"

和shell 的行为类似于（从位置参数创建单个字符串，尽管会使用第一个字符来作为分隔符），而shellzsh的行为类似于，至少在其默认配置中是这样。kshbashzsh$IFSyashdash

在你的情况下，你应该使用

my_func () {
    local args
    args="$*"

    printf 'args: <%s>\n' "$args"
}

或者

my_func () {
    local args="$*"

    printf 'args: <%s>\n' "$args"
}

我在这里使用它是$*为了表明我正在从值列表构造单个字符串。该字符串将包含位置参数的值，由第一个字符分隔$IFS（默认为空格）。

我还用于printf确保获得用户提供的值的正确输出（请参阅为什么 printf 比 echo 更好？）。

另外，您的脚本应该用作#!/bin/dash第一行，而不是#!/bin/sh作为local标准语法的扩展sh。