我有一个L3应用程序,我正在尝试移植到L4.在L3版本中,我的一条路线是
Route::get('/(:any)/(:all?)', etc...
这允许我处理任意数量的URL段,例如:
/contact_page
/store_category
/store_category/shirts_category
/store_category/shirts_category/specific_shirt_page
/an/arbitrary/number/of/nested/categories
但是在L4中我无法弄清楚如何模仿(:all？)的功能
以下代码有效:
Route::get('/{arg1?}/{arg2?}/{arg3?}', function($arg1='home', $arg2, $arg3)
{
//do something
});
所以我可以添加大量的可选参数(超过我认为在实际使用中我会需要的),但这不是很优雅.
在Laravel 4中是否有某种方法来定义可以响应任意数量的URL段的Route？
如何在Laravel 4中将变量发送到主布局？
这里$ categories在主布局中不可用:
protected $layout = 'layouts.master';
public function index()
{
$categories = Category::all();
$data = array('categories' => $categories);
$this->layout->content = View::make('catalog.categories', $data);
}
我的主要观点:
@yield('content')
@if($categories)
<h1>TEST</h1>
@endif
"测试"没有出现!
我是Laravel 4的新手,来自codeigniter,我一直在尝试在Laravel中编写代码并来回查看他们的文档,我的问题是,有没有办法让路由能够自动检测控制器的方法？
我一直在用
Route::resource('admin','AdminController');
但它似乎只提供相同的结果
Route::get('admin','AdminController@index');
即使在包中也会出现同样的问题,我一直在尝试开发一个模块化的应用程序,就像我在codeigniter中可以实现的那样,其中有模块文件夹来放置不同的视图和控制器.
我只是不希望每次我有一个新方法的方式我也需要在路线中注册,如果你要更新或增强你的控制器方法,它有点像很多工作.
我对所有这些工匠东西都不熟悉。当我启动我的 php 服务器时
$ php artisan serve
如何让mysql服务器运行？
我无法在现有表中添加外键,我的第一次迁移是:
public function up() {
Schema::create('clases_inventario', function($t) {
$t->increments('id');
$t->integer('grupos_inventario_id');
$t->integer('laboratorio_id');
$t->string('codigo', 4);
$t->string('descripcion', 64);
$t->boolean('estado')->default(true);
$t->timestamps();
});
}
我的第二次迁移是添加forein键
public function up() {
Schema::table('clases_inventario', function($table) {
$table->foreign('grupos_inventario_id')->references('id')->on('grupos_inventario');
});
}
然后我运行php artisan migration并输出下一个错误
[Exception]
SQLSTATE[HY000]: General error: 1005 Can't create table 'bd_e_soft.#sql-818
_55' (errno: 150) (SQL: alter table `clases_inventario` add constraint clas
es_inventario_grupos_inventario_id_foreign foreign key (`grupos_inventario_
id`) references `grupos_inventario` (`id`)) (Bindings: array (
))
Route::get('/test', function(){
return DB::table('table')->where_not_null('column')->get();
});
在Laravel 4中,我有以下路线,显然更换了表格和列.我在控制器中有它,但它没有工作,所以我把它移到测试路线.
我得到的错误是:
SQLSTATE[42S22]: Column not found: 1054 Unknown column '_not_null' in 'where clause' (SQL: select * from `table` where `_not_null` = column)
https://tower.la.utexas.edu/docs/database/fluent#where
文件说:
return DB::table('table')->where_null('column')->get();
使用GET变量时,我的图像路径被重定向到公用文件夹之外.这是我的纲要(任何改善这一点的建议也会受到赞赏,但不是必要的:
路线:
Route::get('retailers/{country}', array(
'as' => 'find-retailers',
'uses' => 'SiteController@getRetailers')
);
控制器:
public function getRetailers($country)
{
// Query Builder
$locations = DB::table('retailers_listings')
->orderBy('country', 'asc')
->where('country', $country)
->get();
return View::make('retailers.stores')
->with('retailers_listings', $locations);
}
编辑:
上面的路由和控制器是我用来处理视图stores.blade.php.在我的视图文件夹中,我有一个名为retailers的子目录,它包含2个视图.index.blade和stores.blade.
/views
/retailers
index.blade.php
stores.blade.php
在index.blade.php中工作的图像路径如下:
public/uploads/retailers/logos/image.png
图像路径无法在stores.blade.php中工作,如下所示:
/public/retailers/uploads/retailers/logos/image.png
它public/retailers应该从文件夹中加载图像public.
我一直在我的控制器中使用Query构建器,但是想要使用eloquent和query builder.我想知道在两者之间传递变量的最佳实践.我已经通过文档但仍然遇到问题.
以下是我在控制器中执行操作的方法:
public function getRetailers($city) {
$locations = DB::table('retailers_listings')
->orderBy('country', 'asc')
->Where('city', $city)
->get();
$this->layout->header = $city;
$content = View::make('retailers.stores')
->with('header', $this->layout->header)
->with('store_listings', $locations)
if (Request::header('X-PJAX')) {
return $content;
} else {
$this->layout->content = $content;
}
}
我如何以雄辩和模特的方式完成上述工作？如何从视图中将变量$ city传递给模型.更深入的建议然后文档给我的将是伟大的.
我在尝试拨打电话时收到错误消息 /api/subject/search
我认为这是一个我遗漏的简单语法错误
我的api路线定义如下
Route::group(array('prefix' => 'api'), function()
{
Route::post('resource/search', 'ResourceController');
Route::resource('resource', 'ResourceController');
Route::post('subject/search', 'SubjectController');
Route::resource('subject', 'SubjectController');
Route::resource('user', 'UserController');
Route::controller('/session', 'SessionController');
Route::post('/login', array('as' => 'session', 'uses' => 'SessionController@Store'));
});
我的控制器大多是空的
class SubjectController extends \BaseController
{
public function search()
{
$subjects = [];
if((int)Input::get('grade_id') < 13 && (int)Input::get('grade_id') > 8)
$subjects = Subject::where('name', 'like', '%HS%')->get();
else
$subjects = Subject::where('name', 'not like', '%HS%')->get();
return Response::json([
'success' => true,
'subjects' => $subjects->toArray()
]);
}
/**
* Display a listing of the resource.
* …我是laravel的新手,对一些查询方法感到困惑.
find($id)是有用的,并返回一个很好的数组,但有时我需要选择其他字段而不是id.
Laravel文档说我可以使用where('field', '=', 'value')并返回一堆数据,这很好.
我无法理解的是为什么我需要->first()每次都添加,即使我非常确定只有一行匹配查询.