小编adi*_*tya的帖子

我正在尝试使用twig json_encode函数,但是当我这样做时

    var packageDetails =  {{(packageDetails|json_encode)}};

和packageDetails是从控制器传递的数组数组

它给了我错误的说法

    invalid property id 

因为" 我想使用转义过滤器; 我该如何使用它？

我正在尝试使用symfony2 sessions.I这样做

    $session = $this->getRequest()->getSession();
    $session->set('token','value');

这有效.但我想在会话中使用命名空间.文档说

    class NamespacedAttributeBag 

提供该功能,但我无法弄清楚如何实现它

我有一个管理面板,我已经为它定义了一个角色ROLE_ADMIN.在我的security.yml文件中,我使用的是一个模式,^/admin/*所以/ admin下的所有东西都需要ROLE_ADMIN.现在在我的应用程序的前端,我需要检查用户角色,如果角色是ROLE_ADMIN渲染一个文件,否则渲染另一个文件.此URL不属于security.yml中定义的模式.

那么如何在主页上检查用户是管理员还是普通用户,该用户不属于security.yml中定义的模式？

我有JSON端点,用于将产品添加到购物车.它会检查购物车是否已存在或没有.如果没有,则创建购物车,购物车ID存储在cookie中.所以我如何将cookie附加到symfony2的JsonResponse？

在非ajax版本中,如果我从我的动作渲染模板,我可以使用:

$response = new Response();
$response->headers->setCookie(new Cookie(‘cookie_name’, ‘cookie_value’));

$this->render('<template_path>', '<array_options>', $response);

请帮我介绍如何为JsonResponse做这件事.

我正在使用Podsframework.我创建了一个名为'media'的pod.在我的pod中,我想添加一个包含多个选项的选择字段(例如"在线","离线","按下").因此,每当有人创建新媒体时,他/她将不得不选择其中一个选项.我尝试使用帮助但不起作用.