小编gp_*_*ver的帖子

我有一个类似example.org/overview/<column>/<value>（示例：）的URL example.org/overview/color/red，它将导致在“颜色”列中搜索值“红色”。这是实体：

<?php
namespace App\Entity;

use Doctrine\ORM\Mapping as ORM;

// @ORM\Entity(repositoryClass="App\Repository\CarRepository")
class Car
{
    // @ORM\Column(type="string", length=255)
    private $name;
    private $color;

    [...]

我想我应该在开始数据库查询之前检查实体属性是否存在。如何检查，当有人呼叫example.org/overview/foo/bar，如果foo是一个有效的数据库列（=实体属性）？Symfony在这里提供一个简单的解决方案吗？如果不是这种情况，我想我必须使用一个硬编码的白名单。

默认情况下,控制台命令文件夹位于:MyProject\MyBundle\Command并且所有操作都按预期工作,但如果我将文件夹移动到另一个目录中,例如:MyProject\MyBundle\MyFolder\Command在命令执行时,它会抛出: [InvalidArgumentException] Command "command_name" is not defined.

在通过互联网搜索并阅读可能与此问题相关的所有文档后,我找不到任何有用的东西......

问题是:存在移动该文件夹的模式还是我将被迫使用默认文件夹？

谢谢!

我将在TortoiseGit上更改GitHub帐户，因为当前帐户没有推送权限。

错误：[远程：拒绝（GitHub帐户）对（存储库）的权限]

有什么方法可以更改TortoiseGit上的GitHub帐户吗？

在为站点设置"更改密码"功能时,我有一个二级密码输入(您需要再次输入密码才能更改密码).

我需要能够根据输入的密码检查用户的当前密码(使用Bcrypt进行哈希).

在我的控制器动作中,我有:

$currentPassword = $request->request->get('password');
$encoder = $this->container->get('security.password_encoder');
$encodedPassword = $encoder->encodePassword($user, $currentPassword);

if($encodedPassword == $user->getPassword()) { // these don't ever match.
    // ...
}

encodePassword(...)生成输入密码的摘要,但它与保存的密码不同(明文相同),所以我认为正在应用不同的盐,从而产生不匹配.

由于Bcrypt在密码摘要中包含了salt,因此我不会将其保存在任何地方.

如何检查输入的纯文本密码是否与Symfony 3中存储的Bcrypt摘要相匹配？

我没用FOSUserBundle.

我正在尝试在我的 Symfony 5 项目上自定义错误模板。我想使用 TwigBundle 错误渲染器，因为它似乎是最轻的解决方案。

所以我遵循了这个文档：https://symfony.com/doc/current/controller/error_pages.html#overriding-the-default-error-templates

当我运行此命令时，TwigBundle 看起来已正确安装：composer require symfony/twig-pack没有任何错误。

error.html.twig但现在我在 TwigBundle 的任何文件夹中都找不到任何内容，尤其TwigBundle/Exception/是在文档中建议的文件夹（甚至不存在）中。

也许这不是我安装的好的“TwigBundle”？或者也许有更好、更轻的解决方案来自定义错误页面？

我在我的Symfony 2应用程序中使用FOSUserBundle,并想知道如何在PHPStorm中进行代码完成工作,因为当您通过容器注入服务时:

$userManager = $this->container->get('fos_user.user_manager');

并尝试使用$ userManager来查看其界面 - 我什么也看不见,因为对于PHPStorm,这是一个常规变量,而不是通过"new"运算符构建的对象.

有没有办法让它向我展示这个对象的可用方法？

就像我们通常使用真实对象一样:

谢谢!

我正在尝试使用从视图到控制器的链接传递一些数据。

控制器：

public function details(){
    echo $this->input->post('data_id');
    $data['details'] = $this->wapi_db->details($this->input->post('data_id'));
    $data['latest_news'] = $this->wapi_db->latest_news();
    $data['main_content'] = "category/details";
    $this->load->view('includes/template',$data);
}

查看：

<a href=<?php.base_url().'wapi/details?data_id='6'; ?>

首先，我是英文新手，如有错误请见谅

2 个类DateTime和DateTimeImmutable正在实现相同的接口DateTimeInterface。因此我想知道：

1. 这两个类DateTime和DateTimeImmutable之间有什么区别？

2. 这些类的用例是什么？

我尝试使用 Django 中的“signal”在 AWS 中发送 SNS 电子邮件，我的代码是：

import boto3
from properties.models import PropertyList
from django.db.models.signals import post_save, post_delete
from django.dispatch import receiver

@receiver(post_save, sender=PropertyList)
def send_property_details(sender, instance, created, **kwargs):
    if created:
        sns = boto3.client('sns')

        response = sns.publish(
            TopicArn='',# I write value of TopicArn
            Message={
            "name": instance.title,
            "description": instance.description
                },
            MessageStructure='json',
            Subject='New Property Created',
            MessageAttributes={
                'default':{
                    'DataType':'String',
                    'StringValue':instance.title
                    }
                },
            )

        print(response['MessageId'])

我收到错误如下：

参数验证失败：参数消息类型无效，值：{'name': 'aws', 'description': 'test'}，类型： ，有效类型：

在AWS文档中说，如果我想为每个传输协议发送不同的消息，请将参数的值设置MessageStructure为JSON并使用JSON对象作为消息参数。我的代码有什么问题？

注意：我想发送的不仅仅是值，所以我需要发送 JSON

使用此命令后：

php bin/console make:fixtures:load

我收到此错误：

“make:fixtures”命名空间中没有定义任何命令。