小编Ham*_*ian的帖子

有一段时间我看到网页设计师使用具有100%全宽功能的Twitter引导程序,但我知道引导程序的最大宽度是:"1170px",我的问题是如何做到这一点？从themeforest查看这两个样本:http ://thevectorlab.net/flatlab/ http://demo.themepixels.com/webpage/katniss/dashboard.html 他们使用的任何提示或技巧？

我有一个dropdown用ajax填充动态,

<select id="singer_list">
  <option value='.$value.'>'.$option.'</option>
    </select>

我的问题是:我不能得到的价值dropdown在$_POST 我使用:

$singer_name=$_POST["singer_list"];
echo $singer_name;

但$singer_name没有显示!如何选择dropdownin的值$_POST？

我的ajax代码是:

<script type="text/javascript">
$(function(){
    $("#genre_list").change(function(){
        var genre_id=$("#genre_list").val();
        $.ajax({
             type:'POST',
             url:'ajax_singer_list.php',
             data:{'genre_id':genre_id},
             success:(function(data){
                     $("#singer_list").append(data);
                 })

            })
        })
    })
</script>

ajax_singer_list.php处理程序:

<?php
include('../db_inc.php');
$genre_id =$_POST['genre_id'];
$result = $connection->query("SELECT singer_name,singerid from singers INNER JOIN genre_singer ON singers.singerid=genre_singer.f_singer_id where f_genre_id = '$genre_id'")or die($connection->error);
        while($row = $result->fetch_object()){
            $singer_name = $row->singer_name;
            $singer_id = $row->singerid;
            echo "<option value=$singer_id>$singer_name</option>";
            }
            $connection->close;
?>

无法向元素添加功能javascript

该功能modalbg.onclick不起作用。

var modalbg = document.createElement("div");\n\ndocument.body.appendChild(modalbg); // to place at end of document\n    modalbg.onclick(function () {\n       alert();\n})\n

错误是：

\n

（索引）：625 未捕获类型错误：modalbg.onclick 不是函数（\xe2\x80\xa6）

\n

我有一个Like按钮.单击该按钮时,会通过Ajax将一条记录插入到DB中.如果插入成功,我将按钮的名称更改为不同.
在页面中我有10多个像按钮,我想选择点击按钮.我正在尝试使用,$(this)但这不适用于此特定代码.这是代码.

$('.content').on('click', '.like_music', function(){
    var music_id = $(this).parents('.music-item').attr('id');
    $.ajax({
    type:'POST',
        url:'add_like_music.php',
        data:{'music_id':music_id},
        success:function(data){
            alert(data);
            if (data == "YES"){
                $(this).html('unlike')
            }
        }
    })

我究竟做错了什么？

我singer id在另一个表中插入数据后尝试生成,当我使用prepare语句时会出现问题:

警告:mysqli_insert_id()期望参数1为mysqli,object>在第22行的/Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/admin/singer.php中给出警告:mysqli :: prepare()[mysqli.prepare]:couldn'在第24行的/Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/admin/singer.php中获取> mysqli>

<?php
include('../db_inc.php');    
$singer_name =$_POST['singer_name'];
$singer_gender=$_POST['singer_gender'];
$singer_des=$_POST['singer_description'];
$singer_genre=$_POST['genre_list'];

        if($stmt=$connection->prepare("INSERT INTO singers(singer_name,singer_gender,singer_description) VALUES (?,?,?)")){
            $stmt->bind_param('sss',$singer_name,$singer_gender,$singer_des);
            $result1=$stmt -> execute();
            $singer_id=mysqli_insert_id($stmt);
            $stmt->close();
            }

  if($stmt2=$connection->prepare("INSERT INTO genre_singer(f_singer_id,f_genre_id) VALUES (?,?)")){
      $stmt2->bind_param('fs',$singer_id,$singer_genre);
            $result2=$stmt2 -> execute();
            $stmt2->close();
            $connection->close();
      }
if($result1 & $result2){
    echo "insert successfully"; 
    };
?>