我的问题是如何在用户登录时加载特定导航（作为视图）。如果他未登录，则应加载另一个导航。
我不知道我怎么能做到这一点：/
$query = $this->db->query('select
sum(like) as atotal
from
like
where
sfid = '.$short);<br>
print_r($query);
而错误是
错误号码:1064
您的SQL语法有错误; 检查与您的MySQL服务器版本对应的手册,以便在'like)附近使用正确的语法作为atotal from like where sfid = 11'at line 2
选择sum(like)作为atotal来自sfid = 11
文件名:C:\ wamp\www\don\system\database\DB_driver.php
行号:330
'喜欢'总和(喜欢)是列名和'喜欢'之后'来'是表名谢谢你提前
我有一条消息告诉我:
TFO COBRBK RKP AXOXRC PFB FK BFKBJ MBOPLBKIFZEBK DBPMOXBZE HBKKBK WR IBOKBK.YFQQB JBIABK PFB PFZE CRBO BFKB QBOJFKXYPMOXZEB QBIBCLKFPZE YBF RKP
我被告知这是一个旧代码.如果有人能告诉我它写的是哪个代码,我会非常感激.
最好的祝福.纽约大学〜
我想回显存储在数组中的图像
public function getData(){
$page = $_GET['page'];
$this->load->model('Mainpage');
$countries = $this->Mainpage->getCountry($page);
foreach($countries as $country){
echo ('<img>'.$country->link.'</img>');
echo '<p>'.$country->news.'</p>';
}
exit;
}
这里$country->link存储图像的路径，但我无法成像，请帮忙。
我正在 codeigniter 框架中尝试这个。
我可以在MySql数据库中存储一些对象吗？因为我正在通过MySql建立在线或离线支持系统.因此,将所有数据存储为Object非常重要.除了对象,你有更好的想法吗？
这是Damo关于对象的例子
$data = array(
'user_id' => 1, //$userId,
'payment_id' => $payment_id,
'hash' => $hash,
'conversation' => $object,
'amount' => $paypal->getTransactions()[0]->getAmount()->getTotal(),
'description' => $paypal->getTransactions()[0]->getDescription()
);
$this->db->insert($this->table, $data);
我收到此错误:
An uncaught Exception was encountered
Type: ParseError
Message: syntax error, unexpected '$data' (T_VARIABLE), expecting function (T_FUNCTION)
它说它在第32行,这是我的控制器
<?php
defined('BASEPATH') OR exit('No direct script access allowed');
class Page extends CI_Controller {
public function index($slug = NULL){
if($slug){
$this->db->where('p_slug', $slug);
}else {
$this->db->where('p_frontpage', 1);
}
$sqlQuery = $this->db->get('pages');
$data = $sqlQuery->row_array();
$data['page_title'] = "Aske's side";
$data['nav'] = $this->db->get('pages')->result_array();
$this->parser->parse('template/header', $data);
$this->parser->parse('template/banner', $data);
$this->parser->parse('template/footer', $data);
$this->parser->parse('view_page', $data);
}
public function create(){
//Test af formular
if ($this->input->post()) {
echo "test";
}
}
//Globale …我想检查MySQL表是否存在于数据库中.我正在使用CodeIgniter 3.*v
if($this->db->query("SELECT * FROM `$table` Limit 1")->result() == TRUE){
#next process if table found
}else{
#display error
}
我正在寻找解决方案如何检查PHP表是否存在MySQL表？
遇到未捕获的异常类型：ParseError 消息：语法错误，文件意外结束文件名：C:\xampp\htdocs\clinic-master\application\views\login_view.php 行号：62 回溯：文件：C:\xampp\ htdocs\clinic-master\application\controllers\Login.php Line: 18 Function: view File: C:\xampp\htdocs\clinic-master\index.php Line: 315 Function: require_once
我在查看codeigniter时有错误，当我在linux中运行时可以运行，但是当我在windows中运行时有这样的错误
以下是我的login_view ：
<!DOCTYPE html>
<html>
<head>
<meta name="keyword" content="">
<link rel="shortcut icon" href="<?php echo base_url(); ?>img/logo-icon.png">
<meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=utf-8" />
<title>Q-Clinic</title>
<link href="<?php echo base_url(); ?>css/bootstrap.min.css" rel="stylesheet">
<link href="<?php echo base_url(); ?>css/bootstrap-reset.css" rel="stylesheet">
<link href="<?php echo base_url(); ?>assets/font-awesome/css/font-awesome.css" rel="stylesheet" />
<link href="<?php echo base_url(); ?>css/style.css" rel="stylesheet">
<link href="<?php echo base_url(); ?>css/style-responsive.css" rel="stylesheet" />
<link rel="stylesheet" type="text/css" href="<?php echo base_url(); ?>js/sweetalert2.css">
<script src="<?php …有没有办法在Codeigniter控制器中创建2个函数,其中一个函数包含参数而另一个函数不包含参数.我使用下面的代码,它给了我一个错误.
class example extends CI_Controller {
function show() {
#code goes here
}
function show($id) {
#code goes here
}
}
但是它显示了一个错误,函数名称不能相同.
我想在codeigniter中使用jquery提交之前验证一个,但我很困惑如何在提交之前验证表单.我知道codeigniter中的验证类,但我想在前端验证一个表单.