标签: codeigniter

我在Fedora中安装了lampp,并且我已经使用它很长时间没有问题,我正在使用蛋糕框架没有问题,我试图复制在HTDOCS文件夹中的codeigniter文件夹(来自框架zip)并且没有问题,但一旦我试图通过http:// localhost/ci(我使用folde名称ci)访问文件,我收到以下错误:

访问被禁止!

您无权访问请求的对象.它受读保护或服务器无法读取.

如果您认为这是服务器错误,请与网站管理员联系.

错误403

localhost Sat 12 Nov 2011 03:55:01 PM AST Apache/2.2.17(Unix)DAV/2 mod_ssl/2.2.17 OpenSSL/1.0.0c PHP/5.3.5 mod_apreq2-20090110/2.7.1 mod_perl/2.0.4的Perl/v5.10.1

问题是,我可以访问我以前做过的其他应用程序,但我无法访问框架文件,我确实尝试安装蛋糕,出现了同样的问题.我该怎么做才能解决这个问题？

我一直在使用代码点火器重建我的网站,并且无法验证用户信息.简单来说,我可以在登录表单中键入乱码,无论如何都会将我带到"欢迎"页面.

点击这里查看我的代码

提前致谢.

我正在使用CodeIgniter.我想创建一个数组来添加到包含数字1 - > 1000的下拉列表.

我试过range()像这样的PHP 函数

$arr = range(1,1000);

它工作并创建一个从1到1000的下拉列表.

我确实有一个问题.

1从我的下拉和发布中选择文本时,发布值为0.因为默认情况下,键是从键开始的0,键设置为下拉值

这是我的下拉HTML的一部分

<select id="user-day" class="dropdown-small Verdana11-424039" tabindex="123456" name="days_of_month">
<option value="0">1</option>
<option value="1">2</option>
<option value="2">3</option>
<option value="3">4</option>
<option value="4">5</option>
<option value="5">6</option>
<option value="6">7</option>

有什么办法可以range()用键值定义吗？

这样的价值就会变成

<option value="1">1</option>
<option value="2">2</option>
<option value="3">3</option>

我在jQuery中有一个由AJAX返回的数组.我想迭代AJAX成功结果并从JSON数组中获取单个值.数据以字符串的形式返回.我正在使用jQuery $.ajax从服务器上获取它,这很好.

//my View
$.ajax({
    type: "POST",
    url:"http://localhost:8888/CodeIgniter/index.php/user/usercontroller/search",//controller function
    cache: false,
    data:{"responsible1":res1},
    success: function(data21) { 
        alert(data21);
    });
});

//data 21 alerts the following
{"taskname":"Coding","projname":"Easy Wedding"} 
{"taskname":"Maintain","projname":"Easy Wedding"}
{"taskname":"Flow Chart","projname":"Fnn"}
{"taskname":"development in ","projname":"Fnn"}
{"taskname":"flow chart","projname":"Art gallery"}

Run Code Online (Sandbox Code Playgroud)

如何只访问个人taskname和/ projectname或如何转换data21为数组

我用这个函数来启动一个表单:
echo form_open('email/send');
在查看源代码后,我发现form_open返回了重复的index.php:

<form action="http://localhost/ci/index.php/index.php/email/send"
注意:
我尝试在页面中只保留这行代码,但仍然给了我相同的结果

EDIT1:

基本网址: $config['base_url'] = 'http://localhost/ci/index.php/';

将变量分配给视图的正确方法是什么？

$data['users'] = $this->users_model->get_all();
$this->load->view('users', $data);
// and inside users.php view: foreach($users as $user) {}

要么

$this->users = $this->users_model->get_all();
$this->load->view('users');
// and inside users.php view: foreach($this->users as $user) {}

这种情况是否有一般规则？

好的伙计们,

我的一个功能有一个奇怪的问题.

public function getOutages($Site)
{
    // pull a json data dump of all outages 
    If(!$Site){
        echo '[{}]';
    }else{
        $this->load->database('default', TRUE);
        $this->db->where('Clear', '0');
        $this->db->where('FracID', $Site);
        $query = $this->db->get('vw_Outages');

        echo json_encode($query->result_array());
    }
}

直接接收时不会回显任何东西.通过启用分析器,它可以正常运行并输出数据.

public function getOutages($Site)
{
$this->output->enable_profiler(TRUE);
    // pull a json data dump of all outages 
    If(!$Site){
        echo '[{}]';
    }else{
        $this->load->database('default', TRUE);
        $this->db->where('Clear', '0');
        $this->db->where('FracID', $Site);
        $query = $this->db->get('vw_Outages');

        echo json_encode($query->result_array());
    }
}

任何对此的见解都会受到欢迎:D.

有没有办法将一个"需要身份验证"弹出窗口添加到开发服务器,一旦他们登录一次,他们可以查看整个开发服务器？

我们的应用程序是在CodeIgniter中构建的.

我正在使用CodeIgniter并.htaccess重写URL,但我希望它忽略index.html.

这样我们就可以随时上传index.html,因为这将是一个临时登陆页面.通过链接到主站点上index.php.

这是当前的.htaccess,我已将服务器的目录索引设置为index.html index.php

RewriteEngine on

RewriteCond $1 !^(index\.html|index\.php|js|img|fonts|data|css|uploaded|mobile_devices|audioplayer|emails|robots\.txt|archive_blog)

RewriteRule ^(.*)$ /index.php/$1 [L]

谢谢你的帮助

我在代码中为状态语句设置了一个elseif循环.但是现在我想用id创建一个div链接.让我发布我现在得到的代码:

elseif($company['status'] == 2)
{ 
    echo "<p>Afspraak geplanned</p><p>"
    anchor('company/individual/'.$company['id'], 
         '<div class='maakqsaan'>Maak een quickscan</div>');
    "</p>";
}

也许你可以猜到这不起作用......有人可以帮帮我吗？