相关疑难解决方法(0)

我想做这样的事情:

List<Animal> animals = new ArrayList<Animal>();

for( Class c: list_of_all_classes_available_to_my_app() )
   if (c is Animal)
      animals.add( new c() );

所以,我想查看我的应用程序的Universe中的所有类,当我找到一个来自Animal的类时,我想创建一个该类型的新对象并将其添加到列表中.这允许我添加功能而无需更新事物列表.我可以避免以下情况:

List<Animal> animals = new ArrayList<Animal>();
animals.add( new Dog() );
animals.add( new Cat() );
animals.add( new Donkey() );
...

通过上面的方法,我可以简单地创建一个扩展Animal的新类,它将自动被拾取.

更新:2008年10月16日上午9:00太平洋标准时间:

这个问题引起了很多很好的回应 - 谢谢.从回答和我的研究中,我发现我真正想要做的就是在Java下不可能.有一些方法,比如ddimitrov的ServiceLoader机制可以工作 - 但它们对我想要的东西非常重,我相信我只是将问题从Java代码转移到外部配置文件.

另一种表达我想要的方式:我的Animal类中的静态函数查找并实例化从Animal继承的所有类 - 无需任何进一步的配置/编码.如果我必须配置,我也可以在Animal类中实例化它们.我理解,因为Java程序只是一个松散的.class文件联合体,就像它一样.

有趣的是,在C#中,这似乎相当微不足道.

注意:如果您遇到此问题,请在Apache JIRA上进行投票:

https://issues.apache.org/jira/browse/XALANJ-2540

我得出了一个令人惊讶的结论:

Element e = (Element) document.getElementsByTagName("SomeElementName").item(0);
String result = ((Element) e).getTextContent();

似乎是比这快100倍的令人难以置信的:

// Accounts for 30%, can be cached
XPathFactory factory = XPathFactory.newInstance();

// Negligible
XPath xpath = factory.newXPath();

// Negligible
XPathExpression expression = xpath.compile("//SomeElementName");

// Accounts for 70%
String result = (String) expression.evaluate(document, XPathConstants.STRING);

我正在使用JVM的JAXP默认实现:

org.apache.xpath.jaxp.XPathFactoryImpl
org.apache.xpath.jaxp.XPathImpl

我真的很困惑,因为很容易看出JAXP如何优化上面的XPath查询来实际执行一个简单的getElementsByTagName().但它似乎并没有这样做.此问题仅限于大约5-6个经常使用的XPath调用,这些调用由API抽象和隐藏.这些查询涉及/a/b/c仅针对始终可用的DOM文档的简单路径(例如,无变量,条件).因此,如果可以进行优化,则很容易实现.

我的问题:XPath的缓慢是一个公认的事实,还是我忽略了什么？是否有更好(更快)的实施？或者我应该完全避免XPath,简单查询？

作为对依赖性过敏的人,我什么时候会使用类似OSGi而不是内置的java 6 http://java.sun.com/javase/6/docs/api/java/util/ServiceLoader.html(我想要的)让插件罐子掉进去).

(仅供参考,这是一个scala应用程序,对任何建议持开放态度,ServiceLoader非常接近我想要的).

我想在Java应用程序中实现动态插件功能.理想的情况是:

• 应用程序将Plugin使用类似的方法定义接口getCapabilities().
• 插件将是一个pluginX.jar包含PluginXImpl实现Plugin(可能还有其他一些)的类的JAR .
• 用户将放入pluginX.jar特殊目录或设置指向它的配置参数.用户不一定必须包含pluginX.jar在他们的类路径中.
• 应用程序会找到PluginXImpl(可能通过JAR清单,可能通过反射)并将其添加到注册表中.
• 客户端可以PluginXImpl例如通过调用类似的方法来获取实例getPluginWithCapabilities("X").用户不一定必须知道插件的名称.

我有一种感觉,我应该能够用peaberry做到这一点,但我无法理解文档.我花了一些时间学习Guice,所以我的首选答案不是"使用Spring Dynamic Modules".

任何人都可以给我一个简单的想法,如何使用Guice/peaberry,OSGi,或只是简单的Java？

我最近发布了一个关于在客户端定义抽象服务实现的方法的问题.

dfa提到了java.util.ServiceLoader作为我的问题的解决方案.

我最终以类似的方式进行,虽然没有直接使用ServiceLoader,主要是因为我使用的是JDK 5.但是当dfa提到ServiceLoader时,另一个SOer jut陷入了恐慌.

我想知道ServiceLoader实现的主要问题是什么.虽然有限,但似乎是解决这个问题的好方法,而不是像Guice这样的第三方图书馆

我目前正在为 Java 程序制作一个小型插件框架。基本上GRPluginManager.loadPlugins()循环遍历目录中的所有 jar 文件，然后从 jar 内的特定文件中读取此插件的 Main-class 的名称并将其加载到类路径中。之后它调用enable()这个 plugin-Main-class 的方法（它扩展了GRPlugin）。

但是，它不起作用。看起来插件主类的加载工作正常，只有父类 ( GRPlugin) 找不到。但它绝对存在。

插件程序

package io.github.grengine.core.plugins;

public class GRPlugin {

    public void enable(){

    }

    public void disable(){

    }
}

插件管理器.java

package io.github.grengine.core.plugins;

import java.io.File;
import java.io.IOException;
import java.io.InputStream;
import java.lang.reflect.Method;
import java.net.URL;
import java.net.URLClassLoader;
import java.util.ArrayList;
import java.util.Enumeration;
import java.util.Map;
import java.util.zip.ZipEntry;
import java.util.zip.ZipFile;

import org.bukkit.plugin.java.JavaPluginLoader;
import org.yaml.snakeyaml.Yaml;

import io.github.grengine.JarUtils;
import io.github.grengine.Log;
import io.github.grengine.Main;

public class GRPluginManager {

    private static final …