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所以这很尴尬.我有一个应用程序,我把它放在一起,Flask现在它只是提供一个静态HTML页面,其中包含一些CSS和JS的链接.我无法在文档Flask中找到返回静态文件的位置.是的,我可以使用,render_template但我知道数据没有模板化.我曾经想过send_file或者url_for是对的,但是我无法让它们发挥作用.与此同时,我正在打开文件,阅读内容,并Response使用适当的mimetype来装配:

import os.path

from flask import Flask, Response


app = Flask(__name__)
app.config.from_object(__name__)


def root_dir():  # pragma: no cover
    return os.path.abspath(os.path.dirname(__file__))


def get_file(filename):  # pragma: no cover
    try:
        src = os.path.join(root_dir(), filename)
        # Figure out how flask returns static files
        # Tried:
        # - render_template
        # - send_file
        # This should not be so non-obvious
        return open(src).read()
    except IOError as exc:
        return str(exc)


@app.route('/', methods=['GET'])
def metrics():  # pragma: …

如何url_for在Flask中使用引用文件夹中的文件？例如,我在static文件夹中有一些静态文件,其中一些可能在子文件夹中,如static/bootstrap.

当我尝试提供文件时static/bootstrap,我收到错误.

 <link rel=stylesheet type=text/css href="{{ url_for('static/bootstrap', filename='bootstrap.min.css') }}">

我可以引用不在子文件夹中的文件,这有效.

 <link rel=stylesheet type=text/css href="{{ url_for('static', filename='bootstrap.min.css') }}">

引用静态文件的正确方法是什么url_for？如何使用url_for在任何级别生成静态文件的URL？