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我正在尝试使用Node.js获取目录中存在的所有文件的名称列表.我想要输出是一个文件名数组.我怎样才能做到这一点？

我正在尝试使用Gulp:

1. 获取3个特定的javascript文件,将它们连接起来,然后将结果保存到文件中(concat.js)
2. 取这个连接文件并uglify/minify它,然后将结果保存到另一个文件(uglify.js)

到目前为止,我有以下代码

    var gulp = require('gulp'),
        gp_concat = require('gulp-concat'),
        gp_uglify = require('gulp-uglify');

    gulp.task('js-fef', function(){
        return gulp.src(['file1.js', 'file2.js', 'file3.js'])
            .pipe(gp_concat('concat.js'))
            .pipe(gp_uglify())
            .pipe(gulp.dest('js'));
    });

    gulp.task('default', ['js-fef'], function(){});

但是,uglify操作似乎不起作用,或者由于某种原因不生成文件.

我需要做些什么来实现这一目标？

我使用Browserify将大型Node.js应用程序编译成单个文件(使用选项--bare和--ignore-missing[以避免lib-cov在Express中出现问题]).我有一些代码可以根据目录中的可用内容动态加载模块:

var fs = require('fs'),
    path = require('path');

fs.readdirSync(__dirname).forEach(function (file) {
    if (file !== 'index.js' && fs.statSync(path.join(__dirname, file)).isFile()) {
        module.exports[file.substring(0, file.length-3)] = require(path.join(__dirname, file));
    }
});

我在我的应用程序中遇到奇怪的错误,其中从我编译的文件加载的目录中加载了aribtrary文本文件.我认为这是因为路径不再正确设置,并且因为Browserify将无法使用require()正确的文件像这样动态加载.

如果没有制作静态index.js文件,是否有一种首选方法可以动态地要求与Browserify开箱即用兼容的模块目录？