Bash:从输出中删除尾随换行符

Question

当我在Bash中执行命令(或具体地说wc -l < log.txt)时,输出后面包含一个换行符.我怎么摆脱它？

Answer 1

如果您的预期输出是单行,则只需从输出中删除所有换行符即可.管道到'tr'实用程序或Perl(如果首选)是不常见的:

wc -l < log.txt | tr -d '\n'

wc -l < log.txt | perl -pe 'chomp'

您还可以使用命令替换来删除尾随换行符:

echo -n "$(wc -l < log.txt)"

printf "%s" "$(wc -l < log.txt)"

请注意,我不同意OP决定选择接受的答案.我相信应尽可能避免使用'xargs'.是的,这是一个很酷的玩具.不,你不需要它.

如果您的预期输出可能包含多行,则您还有另一个决定:

如果要从文件末尾删除MULTIPLE换行符,请再次使用cmd替换:

printf "%s" "$(< log.txt)"

如果要从文件中严格删除最后一行换行符,请使用Perl:

perl -pe 'chomp if eof' log.txt

请注意,如果您确定要删除一个尾随换行符,则可以使用GNU coreutils中的"head"来选择除最后一个字节之外的所有内容.这应该很快:

head -c -1 log.txt

此外,为了完整起见,您可以使用"cat"和"show-all"标志快速检查文件中换行符(或其他特殊字符)的位置.美元符号字符将指示每行的结尾:

cat -A log.txt

Answer 2

单程:

wc -l < log.txt | xargs echo -n

Answer 3

如果您只想删除最后一个换行符，请通过管道：

sed -z '$ s/\n$//'

sed\0如果分隔符设置为NULvia -z，则不会在流的结尾添加 a ，而要创建 POSIX 文本文件（定义为以 a 结尾\n），它将始终输出最终\n不带-z.

例如：

$ { echo foo; echo bar; } | sed -z '$ s/\n$//'; echo tender
foo
bartender

并证明没有NUL添加：

$ { echo foo; echo bar; } | sed -z '$ s/\n$//' | xxd
00000000: 666f 6f0a 6261 72                        foo.bar

要删除多个尾随换行符，请通过管道：

sed -Ez '$ s/\n+$//'

Answer 4

在Bash变量替换中也直接支持空格删除:

testvar=$(wc -l < log.txt)
trailing_space_removed=${testvar%%[[:space:]]}
leading_space_removed=${testvar##[[:space:]]}

Answer 5

如果将其输出分配给变量,bash则会自动删除空格:

linecount=`wc -l < log.txt`

Answer 6

printf已为您裁剪尾随换行符:

$ printf '%s' $(wc -l < log.txt)

详情:

• printf将打印您的内容以代替%s字符串占位符.
• 如果你不告诉它打印换行符(%s\n),它就不会.

Answer 7

添加这个供我参考，比其他任何东西都重要^_^

您还可以使用 bash 扩展魔法从输出中删除新行

VAR=$'helloworld\n'

CLEANED="${VAR%$'\n'}"

echo "${CLEANED}"

Answer 8

如果要在不带行尾的情况下以Bash打印任何内容的输出，请使用-n开关将其回显。

如果您已经将其包含在变量中，则以裁剪的换行符回显它：

    $ testvar=$(wc -l < log.txt)
    $ echo -n $testvar

或者，您也可以一行完成，而不是：

    $ echo -n $(wc -l < log.txt)