在C#中将HTTP Accept和Content-Type标头设置为"application/xml"

Question

我在C#中创建了一个Web服务(REST).现在我希望当有人使用它时,它应该按照Header返回JSON或XML.我在这里找到了一个非常好的教程.我跟着它,但我不知道它在哪里说set both the HTTP Accept and Content-Type headers to "application/xml",我这样称呼它http://localhost:38477/social/name.如果我的问题不是很清楚,我可以回答任何问题,谢谢,这是我的代码

[WebInvoke(UriTemplate = "{Name}", Method = "POST", BodyStyle = WebMessageBodyStyle.Bare, RequestFormat = WebMessageFormat.Xml, ResponseFormat = WebMessageFormat.Xml)]
        public MyclassData Get(string Name)
        {
            // Code to implement
            return value;

        }

Answer 1

你使用什么框架(看起来像旧的WCf Web Api)来构建你的RESTful服务？我强烈建议使用Microsofts新的MVC4 Web API.它真正开始成熟并大大简化了构建RESTful服务.它将在未来WCF Web API即将停止的情况下得到支持.

您只需将ModelClass作为返回类型返回,它将根据请求接受标头自动将其序列化为XML或JSON.您可以避免编写重复的代码,并且您的服务将支持广泛的客户端.

public class TwitterController : ApiController
{
     DataScrapperApi api = new DataScrapperApi();
     TwitterAndKloutData data = api.GetTwitterAndKloutData(screenName);
     return data;
}

public class TwitterAndKloutData
{
   // implement properties here
}

链接

您可以通过下载MVC4 2012 RC获得MVC4 Web Api,也可以下载整个Visual Studio 2012 RC.

MVC 4:http://www.asp.net/mvc/mvc4

VS 2012:http://www.microsoft.com/visualstudio/11/en-us/downloads

对于原始的wcf web api,请试一试.检查接受标头并根据其值生成响应.

var context = WebOperationContext.Current
string accept = context.IncomingRequest.Accept;
System.ServiceModel.Chanells.Message message = null;

if (accept == "application/json")
   message = context.CreateJsonResponse<TwitterAndCloutData>(data);
else if (accept == "text/xml")
   message = context.CreateXmlResponse<TwitterAndCloutData>(data);

return message;

您可以在发起请求的任何客户端上设置接受标头.这将根据您用于发送请求的客户端类型而有所不同,但任何http客户端都可以添加标头.

WebClient client = new WebClient();
client.Headers.Add("accept", "text/xml");
client.DownloadString("domain.com/service");

要访问您将使用的响应标头

WebOperationContext.Current.OutgoingResponse.ContentType = "text/xml";

其他资源:http://dotnet.dzone.com/articles/wcf-rest-xml-json-or-both