为什么我得到:警告:printf()php中的参数太少

Question

我收到了错误

Warning: printf() [function.printf]: Too few arguments 

看看我看到的代码:

function twentyten_posted_on() {
    printf( 
        sprintf( '<a href="%1$s" title="%2$s" rel="bookmark"><span class="entry-date">%3$s</span></a>',
            get_permalink(),
            esc_attr( get_the_time() ),
            get_the_date()
        )
    );
}

什么似乎是问题？

Answer 1

的printf()和sprintf()功能都是相同的; 他们行为的唯一区别是一个是一个语句(它做了一些事情)而另一个是一个函数表达式(它评估的东西).(有关差异的描述,请参阅此StackOverflow答案.)它们都将格式作为第一个参数,然后将零个或多个其他参数作为格式字符串中特殊字符的替换字符串.

你的sprintf()功能很好.您已经对格式字符串进行了编号,您将替换字符串作为参数来匹配格式字符串.一切都很好.

但请考虑printf()功能正在做什么.它得到一个字符串,恰好是输出sprintf().如果sprintf()包含一个%字符,则printf()需要一个替换字符串,该字符串不包含在您的代码中.

正如其他人所说,你可能会遗漏sprintf()你的代码.但你也应该明白为什么会这样.

例如:

$fmt = "%%d\n";
printf( $fmt );
printf( sprintf($fmt) );
printf( sprintf($fmt), "Hello world" );

第一个printf工作,并打印"%d".第二个printf失败,因为它的格式字符串暗示它应该有一个替换字符串,但没有提供.第三个打印零,因为当你尝试将"Hello world"评估为十进制整数(%d)时,这就是你得到的.

看看你的变量,你可能会发现其中至少有一个变量中有一个%字符.