找不到带有PHP命名空间的Class

Question

我之前发布了一些关于在PHP中使用命名空间的问题以及我得到的问题,我在下面的示例代码应该正常工作.

但是当我尝试在PHP中使用Namespace时,我遇到了错误.以下是运行下面的代码时出现的第一个错误...

Fatal error: Class 'Controller' not found in E:\Controllers\testing.php on line 6

E:\ Controller\testing.php文件

<?php
use \Controller;

include('testcontroller.php');

$controller = new Controller;
$controller->show();
?>

E:\ Controller\testcontroller.php文件

<?php
use \Library\Registry;

namespace Controller
{
    class Controller
    {
        public $registry;

        function __construct()
        {
            include('E:\Library\Registry.class.php');
            $this->registry = new Registry;
        }

        function show()
        {
            echo $this->registry;
            echo '<br>Registry was ran inside testcontroller.php<br>';
        }
    }
}
?>

E:\ Library\Registry.class.php文件

<?php
namespace Library\Registry
{
    class Registry
    {
        function __construct()
        {
            return 'Registry.class.php Constructor was ran';
        }
    }
}
?>

正如您所看到的,我试图让它变得尽可能简单,只是为了让Namespace部分工作.我尝试了不同的变化,似乎无法弄明白.

Answer 1

即使使用usestatement,也需要指定要尝试实例化的类的命名空间.这里有很多例子:http://www.php.net/manual/en/language.namespaces.importing.php

为了更好地理解它,我将向您描述它是如何工作的.在您的情况下,当您这样做时,您可以use \Controller使用整个Controller命名空间,但不能使用此命名空间中的类.所以,例如:

<?php
include('testcontroller.php');

use \Controller;

// Desired class is in namespace!
$controller = new Controller\Controller();

// Error, because in current scope there is no such class
$controller = new Controller();

$controller->show();
?>

另一个例子:

testcontoller.php:

<?php
namespace Some\Path\To\Controller;

class Controller
{
    function __construct()
    {

    }

    function show()
    {
        echo '<br>Was run inside testcontroller.php<br>';
    }
}
?>

testing.php:

<?php
include('testcontroller.php');

use \Some\Path\To\Controller;

// We now can access Controller using only Controller namespace,
// not Some\Path\To\Controller
$controller = new Controller\Controller();

// Error, because, again, in current scope there is no such class
$controller = new Controller();

$controller->show();
?>

如果您希望完全导入Controller 类,则需要执行use Controller\Controller- 然后可以在当前范围内访问此类.

Answer 2

命名命名空间并不是一个好主意,比如类,因为它令人困惑(我认为这就是这里发生的事情).您可以通过use Controller此引用将别名定义为类\Controller或命名空间\Controller,但是您的类因为它位于命名空间内而被命名为\Controller\Controller 1

use Controller;
$class = new Controller\Controller;

要么

$class = new \Controller\Controller;

要么

use Controller\Controller;
$class = new Controller;

我们的想法是,当您尝试使用其相对名称访问类时,它会尝试将"第一部分"映射到使用定义的任何别名use(remeber与之use MyClass相同use MyClass as MyClass.后面的内容as是别名).

namespace MyNamespace\MyPackage\SomeComponent\And\So\On {
  class MyClass {}
}
namespace Another {
  use MyNamespace\MyPackage\SomeComponent; // as SomeComponent
  $class =              new SomeComponent\An\So\On\MyClass;
}

正如您所看到的,PHP找到SomeComponent第一部分并将其映射到SomeComponent-alias上面的行.

您可以在有关命名空间的手册中阅读有关它的更多信息.

1如果您使用其完整名称命名一个类,则称其为"完全限定类名".

Answer 3

当您将一个类Controller放在命名空间中时Controller,您必须以这种方式引用它:

$controller = new Controller\Controller();

\Controller 将是全局(默认)命名空间中的一个类,即好像根本没有使用任何命名空间.