当变量用于初始化列表时，为什么 C++ 不知道在返回中进行隐式移动？

Question

考虑这个代码：

#include <iostream>
template<typename A>
struct S{
    S(const A& a){
        std::cout << "L\n";
    }
    S(A&& a){
        std::cout << "R\n";
    }
};
S<int> f1(){
    int a = 1;
    return {a};
}
S<int> f2(){
    int a = 1;
    return a;
}
S<int> f3(){
    int a = 1;
    return {std::move(a)};
}
int main()
{
    f1();
    f2();
    f3();
}

输出是

左
右
右

您可能知道 C++ 在返回值中隐式移动（在 f2 中）。当我们在初始值设定项列表中手动执行时，它可以工作（f3），但它不会在 f1 中由 C++ 自动完成。

这是否有充分的理由为什么这不起作用，或者只是被认为不够重要而无法由标准指定的极端情况？

PS 我知道编译器可以（有时必须）执行 RVO，但我不明白这如何解释输出。

Answer 1

好处在于：

return name;

这是一个简单的推理案例：您显然只是返回一个对象，按名称，这里根本没有其他恶作剧。然而，这种特定的情况下，导致了补丁后，补丁后的补丁后的补丁。所以，也许毕竟不是那么简单。

一旦我们在此之上加入任何进一步的复杂性，它就会变得更加复杂。

返回初始化列表后，我们将不得不开始考虑各种其他情况：

// obviously can't move
return {name, name};       

// 'name' might refer to an automatic storage variable, but
// what if 'other_name' is an alias to it? What if 'other_name'
// is a separate automatic storage variable but is somehow
// dependent on 'name' in a way that matters?
return {name, other_name}; 

你只是……不知道。我们可以肯定地考虑的唯一情况是由单个名称组成的初始化列表：

return {name};

这种情况可能可以隐式转移。但问题是，在这种情况下，你可以移动：

return {std::move(name)};

这个return name;案例的具体问题return std::move(name);是有时是强制性的，有时是悲观的，我们希望你总是只写一件事并获得最佳行为。这里没有这样的担忧，return {std::move(name)};不能以同样的方式抑制复制省略。因此，必须编写它并不是什么问题。