将 double 传递给 void * 参数的方法

Question

我的问题是由于需要double通过void *函数参数正确传递变量。我问，因为在我的机器sizeof(void *)是4，和sizeof(double)是8，铸造一个到另一个好像它应该产生一个问题，但我的编译器（CLANG，对所有的警告）没有给出一个问题的指示，和代码似乎工作美好的。

请注意，我已经看到了这个和这个。他们的标题中有相似的组成词，但没有回答这个特定的问题。

以下是否会导致严格的别名违规错误？或未定义的行为？

// some calling function
double a = 0.000234423;
func1(&a);

...

void func1(void *var)
{
    double a = *(double *)(var);
}

Answer 1

指针的大小与其指向的元素的大小无关！

一个 4 字节的指针可以毫无问题地指向一个 8 字节或 32 字节或任何大小的元素。

我问是因为在我的机器上 sizeof(void *) 是 4，而 sizeof(double) 是 8，将一个转换为另一个似乎应该会导致问题

好吧，如果您确实将 4 字节指针强制转换为 8 字节双精度值，那将是一个大问题。但是，这不是您的代码所做的。

这是代码正在做的事情：

double a = * (double *)(var);
           | \--------------/
           |  This casts a void pointer to a double pointer
           |
           --> This dereferences the double pointer, i.e. reads the value of the pointed
               to element (aka the pointed to double)

由于 void 指针是从 double 的地址创建的，因此将其强制转换回 double 指针是完全合法的，并且读取指向元素的值也是完全合法的。换句话说 - 在函数调用期间，您将双指针隐式转换为void 指针，并且在函数内部，void 指针被转换回双指针。完全合法的 C 代码。

通过额外的步骤，您的代码等效于：

void func1(void *var)
{
    double *pd = (double *)var;
    double a = *pd;
}

这使它更清楚一点。