django 服务器启动时如何启动后台线程？

Question

TL;DR在我的 django 项目中，我在哪里放置我的“启动线程”代码以在 django 服务器启动后立即运行线程？

首先祝大家新年快乐！这是一个新手的问​​题，所以它可能看起来很愚蠢。提前感谢您的耐心和帮助！

背景资料
最近我在写一个接收MQTT消息的MQTT转发程序。我希望用户设置一些规则来处理要转发的消息，所以我选择了 django 来构建 Web 服务器。用户可以在网页上自行编辑规则。
对于 MQTT 客户端，无论用户是否打开网页，我都需要有一个线程来接收 MQTT 消息，因此我无法在view.py 中编写它。如果我编写一个 shell 来分别启动 django 服务器和我的脚本，我不确定如何将用户设置从 django 服务器传递到我的 mqtt 客户端脚本。

问题
1. 有没有办法在我输入后立即启动后台线程python manage.py runserver？
2.用户设置之一是MQTT服务器主机，所以一旦用户在网页上更改了这个条目，后台MQTT客户端应该重新启动并连接到新主机。有什么方法可以实现吗？

我做了一些研究和一些可能的解决方案，我发现是django-background-tasks或Celery，但我不知道这些是正确的方式，我认为这个问题是太小，无法导入另一个沉重的模块来处理。请给我一些建议！如果您有任何不清楚的地方，请随时问我！
再次感谢你！

Answer 1

我觉得你可以做的就是启动线程在ready()你的方法AppConfig中apps.py

这里有一个简单的例子

# apps.py
from django.apps import AppConfig
from threading import Thread

class TestThread(Thread):

    def run(self):
        print('Thread running')



class StackConfig(AppConfig):
    name = 'stack'

    def ready(self):
        TestThread().start()

如果您需要应用程序其他部分的代码，请注意您不能在模块级别导入它，即如果您在 apps.py 中尝试类似的操作

#apps.py
from . models import Code

将引发异常：

django.core.exceptions.AppRegistryNotReady: Apps aren't loaded yet

为了避免这种情况，您需要在您的ready()方法中进行导入：

#apps.py
class StackConfig(AppConfig):
        name = 'stack'

        def ready(self):
            from stack.models import Code
            TestThread().start()

这在docs 中有描述。

为了使所有这些工作，请确保您在 settings.INSTALLED_APPS 中启动您的应用程序

'stack.apps.StackConfig',