Puppeteer 的流类型定义会阻止使用默认导出吗？

Question

考虑操纵木偶的launch()方法。Puppeteer 自述文件中的使用指南推荐使用const puppeteer = require(\'puppeteer\')然后puppeteer.launch()：

\n\n

\n

const puppeteer = require(\'puppeteer\');\n\n(async () => {\n  const browser = await puppeteer.launch();\n  const page = await browser.newPage();\n  await page.goto(\'https://example.com\');\n  await page.screenshot({path: \'example.png\'});\n\n  await browser.close();\n})();\n

\n

\n\n

并且 Puppeteer 本身导出一个实例，这似乎进一步确认了默认导出的含义：

\n\n

\n

module.exports = new Puppeteer(__dirname, preferredRevision, isPuppeteerCore);\n

\n

\n\n

但是，puppeteer \xe2\x89\xa51.12使用的 Flow 类型定义declare export function launch()并不包含默认导出，因此Flow 要求我编写import { launch } from "puppeteer"而不是import puppeteer from "puppeteer".

\n\n

但使用命名导入会产生TypeError: Cannot read property \'_launcher\' of undefined。同样，我们可以通过简单的测试来确认这不起作用（Node v10.15.0，puppeteer 1.19.0）：

\n\n

const puppeteer = require("puppeteer");\npuppeteer.launch();  // works\n

\n\n

const { launch } = require("puppeteer");\nlaunch();  // TypeError: Cannot read property \'_launcher\' of undefined\n

\n\n

（大概这是因为在调用时const { launch } =给了我一个未绑定的方法 \xe2\x80\x94 this === undefined。）

\n\n

---

\n\n

尝试 2：在 Flow 中，您还可以使用命名空间 import import * as puppeteer from "puppeteer"，但似乎这明确放弃了对默认导出的访问，而是生成了TypeError: puppeteer.launch is not a function。

\n\n

（我对 TypeScript 不太熟悉，但是Puppeteer 的 DefinelyTyped defs也使用export function launch()而不是默认导出。也就是说，它们似乎打算与 一起使用import * as puppeteer from "puppeteer"，尽管我不确定为什么这会在它不起作用时起作用\ Flow 中没有；也许 TypeScript 处理 ES6 模块的方式有所不同？）

\n\n

---

\n\n

那么，我的想法是错误的，还是 Flow 类型定义错误？（既然如此，怎么没有人遇到过这个问题呢？）

\n