由于不一致导致模板参数推导失败

Question

请考虑以下内容（它不会编译，但稍后会修复）：

void foo(const int *n) { }

template <typename ...Args>
void bar(void (*func)(Args...), Args... args) { func(args...); }

int main(int argc, char *argv[])
{
    int n = 42;
    bar(foo, &n);
}

模板函数bar()需要一个函数指针来调用，并将参数包传递给它。gcc 7.4.0诊断以下错误：

test.cpp:6:6: note:   template argument deduction/substitution failed:
test.cpp:11:16: note:   inconsistent parameter pack deduction with ‘const int*’ and ‘int*’

很明显，类型推导规则不够宽松，无法const T*同时观察到const T*和被推导T*。好的。这很容易用演员表修复：

bar(foo, static_cast<const int *>(&n));

但这是丑陋的。C ++ 17具有std::as_const()使它变得不那么丑陋的（&std::as_const(n)）的功能，但是在我当前的项目中，我仅限于C ++ 14的sadface。

问：有没有一种方法可以重新排列此代码，以便类型推断成功完成而无需显式指定模板参数，bar()也可以不强制转换以解决歧义常数？只要我可以将函数指针及其参数传递给模板函数，就可以在框外进行思考！

Answer 1

您可以将函数指针和参数的推论分开：

void foo(const int *n) {}

template <typename... FArgs, typename... Args>
void bar(void (*func)(FArgs...), Args&&... args) {
    func(std::forward<Args>(args)...);
}

int main(int argc, char *argv[]) {
    int n = 42;
    bar(foo, &n);
}

但是到那时我不知道为什么需要分解函数指针。为什么不接受任何可呼叫电话？

void foo(const int *n) {}

template <typename F, typename... Args>
void bar(F func, Args&&... args) {
    func(std::forward<Args>(args)...);
}

int main(int argc, char *argv[]) {
    int n = 42;
    bar(foo, static_cast<const int *>(&n));
    bar([](int const*){}, &n);
}

另外，请记住，C ++ 17提供了std::invoke：

std::invoke(foo, &n);