使用Guzzle上传文件

Question

我有一个可以将视频上传并发送到远程目标的表格。我有一个cURL请求，我想使用Guzzle将其“翻译”为PHP。

到目前为止，我有这个：

public function upload(Request $request)
    {
        $file     = $request->file('file');
        $fileName = $file->getClientOriginalName();
        $realPath = $file->getRealPath();

        $client   = new Client();
        $response = $client->request('POST', 'http://mydomain.de:8080/spots', [
            'multipart' => [
                [
                    'name'     => 'spotid',
                    'country'  => 'DE',
                    'contents' => file_get_contents($realPath),
                ],
                [
                    'type' => 'video/mp4',
                ],
            ],
        ]);

        dd($response);

    }

这是我要使用的cURL，并想翻译成PHP：

curl -X POST -F 'body={"name":"Test","country":"Deutschland"};type=application/json' -F 'file=@C:\Users\PROD\Downloads\617103.mp4;type= video/mp4 ' http://mydomain.de:8080/spots

因此，当我上传视频时，我想替换此硬编码

C：\ Users \ PROD \ Downloads \ 617103.mp4。

运行此命令时，出现错误：

客户端错误：POST http://mydomain.de:8080/spots导致400 Bad Request响应：请求正文无效：期望表单值“ body”

客户端错误：POST http://mydomain.de/spots导致400 Bad Request响应：请求正文无效：期望表单值“ body”

Answer 1

我将审查Guzzle的multipart请求选项。我看到两个问题：

1. JSON数据需要进行字符串化处理，并使用您在curl请求中使用的相同名称（其名称易混淆body）进行传递。

2. 的type在卷曲请求映射到报头Content-Type。来自$ man curl：

   您还可以通过使用'type ='来告诉curl使用什么Content-Type。

尝试类似：

$response = $client->request('POST', 'http://mydomain.de:8080/spots', [
    'multipart' => [
        [
            'name'     => 'body',
            'contents' => json_encode(['name' => 'Test', 'country' => 'Deutschland']),
            'headers'  => ['Content-Type' => 'application/json']
        ],
        [
            'name'     => 'file',
            'contents' => fopen('617103.mp4', 'r'),
            'headers'  => ['Content-Type' => 'video/mp4']
        ],
    ],
]);