如何在类声明之外定义 sfinae 类的成员？

Question

在阅读了诸如sfinae on member function Defined Outside of Class Body（这不是同一个问题）等问题之后，我仍然没有找到在使用时在类声明之外定义成员函数主体的好方法SFINAE 方法仅启用具有算术类型的类。

#include <type_traits>

template <typename T,typename = typename std::enable_if<std::is_arithmetic<T>::value,T>::type>
class foo
{
public:
    void bar();
};

template <typename T>
void foo<T>::bar ()
{
}

在此示例中，我收到错误：

error: invalid use of incomplete type 'class foo<T>'
void foo<T>::bar ()
^
error: declaration of 'class foo<T>'
class foo
^

而如果我这样声明：

#include <type_traits>

template <typename T,typename = typename std::enable_if<std::is_arithmetic<T>::value,T>::type>
class foo
{
public:
    void bar()
    {
    }
};

它运行起来没有任何问题。

我正在使用 mingw-w64 (w64 3.3) 来编译此代码。

Answer 1

foo有两个模板参数，即使其中之一未命名，也默认用于 SFINAE。因此：

template <typename T, typename U>
void foo<T, U>::bar ()
{
}