如何导入 .pyc 编译的 python 文件并使用它

Question

我试图弄清楚如何.pyc在 python 脚本中包含一个文件。

例如我的脚本被称为：

myscript.py

我想包含的脚本被称为：

included_script.pyc

那么，我是否只使用：

import included_script

那会自动执行included_script.pyc吗？或者我还需要做些什么才能让我included_script.pyc在myscript.py.

我还需要传递使用的变量included_script.pyc吗？如果是这样，如何实现？

Answer 1

不幸的是，不，这不能自动完成。当然，您可以以非常丑陋的方式手动完成。

设置：

出于演示目的，我将首先生成一个.pyc文件。为了做到这一点，我们首先需要一个.py文件。我们的示例test.py文件将如下所示：

def foo():
    print("In foo")

if __name__ == "__main__":
    print("Hello World")

超级简单。.pyc可以使用py_compile标准库中的模块生成文件。我们只需通过以下方式传入.py文件名和文件名.pyc：

 py_compile.compile('test.py', 'mypyc.pyc')

这将放置mypyc.pyc在我们当前的工作目录中。

从.pyc文件中获取代码：

现在，.pyc文件包含按以下方式构造的字节：

• 前 4 个字节表示“幻数”
• 接下来的 4 个字节保存修改时间戳
• 其余内容是编组 code对象。

我们所追求的是那个编组的code对象，所以我们需要解组import marshal它并执行它。此外，我们真的不关心/需要第 8 个字节，并且.pyc不允许使用它们对文件进行解组，因此我们将忽略它们（seek过去它们）：

import marshal

s = open('mypyc.pyc', 'rb')
s.seek(8)  # go past first eight bytes
code_obj = marshal.load(s)

所以，现在我们有我们的幻想code对象，test.py它是有效的，可以按照我们的意愿执行。我们在这里有两个选择：

1. 在当前global命名空间中执行它。这将绑定.pyc当前命名空间中我们文件中的所有定义，并将作为一种：from file import *语句。

2. 创建一个新的模块对象并执行模块内的代码。这将类似于import file声明。

模仿from file import *类似的行为：

执行此操作非常简单，只需执行以下操作：

exec(code_obj)

这将执行code_obj当前命名空间中包含的代码并将所有内容绑定到那里。在调用之后，我们可以foo像任何其他函数一样调用：

foo()
# prints: In foo!

注意：exec()是内置的。

模仿import file类似的行为：

这包括另一个要求，即types模块。这包含ModuleType我们可以用来创建新模块对象的类型。它需要两个参数，模块的名称（必需）和它的文档（可选）：

m = types.ModuleType("Fancy Name", "Fancy Documentation")

print(m)
<module 'Fancy Name' (built-in)>

现在我们有了我们的模块对象，我们可以再次使用exec来执行包含在code_obj模块命名空间（即m.__dict__）中的代码：

exec(code_obj, m.__dict__)

现在，我们的模块m在 中定义了所有内容code_obj，您可以通过运行来验证这一点：

m.foo() 
# prints: In foo

这些是您可以.pyc在模块中“包含”文件的方法。至少，我能想到的方法。我并没有真正看到它的实用性，但是嘿，我不是来判断的。