在文件上打开资源管理器

Question

在Python中,如何在Windows资源管理器中跳转到文件？我找到了跳转到文件夹的解决方案:

import subprocess
subprocess.Popen('explorer "C:\path\of\folder"')

但我没有文件的解决方案.

Answer 1

来自Geoff Chappell的Windows资源管理器命令行

import subprocess
subprocess.Popen(r'explorer /select,"C:\path\of\folder\file"')

Answer 2

由于explorer可以被覆盖，直接指向可执行文件会更安全一些。（也必须接受这方面的教育）

当您使用它时：使用 Python 3s current subprocess API： run()

import os
import subprocess
FILEBROWSER_PATH = os.path.join(os.getenv('WINDIR'), 'explorer.exe')

def explore(path):
    # explorer would choke on forward slashes
    path = os.path.normpath(path)

    if os.path.isdir(path):
        subprocess.run([FILEBROWSER_PATH, path])
    elif os.path.isfile(path):
        subprocess.run([FILEBROWSER_PATH, '/select,', path])

Answer 3

os.startfile（）是一个更好，更安全的解决方案（不幸的是，仅在Windows中）。

当给它一个文件夹而不是文件时，它将打开资源管理器。

我知道我没有完全回答问题，因为它没有选择文件，但是使用subprocess始终是个坏主意，此解决方案可能会对其他人有所帮助。

Answer 4

或者，您可以使用EasyGUI的 fileopenbox 模块打开文件资源管理器，供用户单击，然后选择一个文件（返回完整的文件路径）。

import easygui
file = easygui.fileopenbox()

Answer 5

出于某种原因,在Windows 7上它总是打开用户路径,对我来说,经过研究:

import subprocess
subprocess.call("explorer C:\\temp\\yourpath", shell=True)

Answer 6

对于想知道如何使用变量代替直接文件路径的人。下面的代码将打开资源管理器并突出显示指定的文件。

import subprocess
subprocess.Popen(f'explorer /select,{variableHere}')

下面的代码只会在资源管理器中打开指定的文件夹，而不会突出显示任何特定文件。

import subprocess
subprocess.Popen(f'explorer "{variableHere}"')

我只在 windows 上测试过