删除最终的bash脚本参数

Question

我正在尝试编写一个脚本,在目录中搜索模式的文件和greps.类似于下面的东西,除了 find表达式要复杂得多(排除特定的目录和文件).

#!/bin/bash
if [ -d "${!#}" ]
then
    path=${!#}
else
    path="."
fi

find $path -print0 | xargs -0 grep "$@"

显然,上述方法不起作用,因为"$@"仍然包含路径.我已经尝试通过迭代所有参数来构建参数列表的变体来排除路径,例如

args=${@%$path}
find $path -print0 | xargs -0 grep "$path"

要么

whitespace="[[:space:]]"
args=""
for i in "${@%$path}"
do
    # handle the NULL case
    if [ ! "$i" ]
    then
        continue
    # quote any arguments containing white-space
    elif [[ $i =~ $whitespace ]]
    then
        args="$args \"$i\""
    else
        args="$args $i"
    fi
done

find $path -print0 | xargs -0 grep --color "$args"

但这些都是引用输入失败的.例如,

# ./find.sh -i "some quoted string"
grep: quoted: No such file or directory
grep: string: No such file or directory

请注意,如果$@不包含路径,则第一个脚本会执行我想要的操作.

---

编辑:谢谢你们的出色解决方案!我带着答案的组合:

#!/bin/bash

path="."
end=$#

if [ -d "${!#}" ]
then
    path="${!#}"
    end=$((end - 1))
fi

find "$path" -print0 | xargs -0 grep "${@:1:$end}"

Answer 1

编辑:

原来只是稍微偏了.如果最后一个参数不是目录,则不执行删除操作.

#!/bin/bash
if [ -d "${!#}" ]
then
    path="${!#}"
    remove=1
else
    path="."
    remove=0
fi

find "$path" -print0 | xargs -0 grep "${@:1:$(($#-remove))}"