如何让Gulp LESS只输出主文件,忽略包括？

Question

我的app文件夹中有一个充满LESS文件的文件夹.有两个主文件和几个包含,所有这些都以"_"为前缀.我只想将这两个文件及其源图输出到我的构建文件夹,但当然默认设置会输出所有较少的文件:

var gutil = require('gulp-util');
var changed = require('gulp-changed');
var path = require('path');
var less = require('gulp-less-sourcemap');

gulp.task('less', function() {
  gulp.src('./app/less/*.less')
     .pipe(less({
        generateSourceMap: true, // default true
        paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')]
    }))
    .pipe(gulp.dest('./build/css'));
});

我想我可以把我的包放在一个子目录中,但如果我没有必要,我宁愿不必编辑LESS.

UPDATE

我知道如何指定单个文件,gulp.src但我有2个LESS文件需要制作成2个CSS文件,每个文件都有自己的地图.

Answer 1

解决方案1:

使用event-stream.

gulp.task('less', function(cb) {
  var lessc = less({
    paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')]
  });
  return es.merge(
    gulp.src('app/less/main.less')
      .pipe(lessc)
      .pipe(gulp.dest('build/css')),
    gulp.src('app/less/theme.less')
      .pipe(lessc)
      .pipe(gulp.dest('build/css'))
  );
});

解决方案2:

创建2个任务.

gulp.task('less', ['less:main', 'less:theme']);
gulp.task('less:main', function() {
  return gulp.src('./app/less/main.less')
    .pipe(less({ paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')] }))
    .pipe(gulp.dest('./build/css'));
});
gulp.task('less:theme', function() {
  return gulp.src('./app/less/theme.less')
    .pipe(less({ paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')] }))
    .pipe(gulp.dest('./build/css'));
});