Ven*_*kaT 5 php mysql login runtime-error function
我是PHP新手并开发一个登录表单.请在下面找到我使用的代码.当我尝试它时给了我以下错误:
致命错误:第3行的C:\ xampp\htdocs\forsiteSystem\login.php中的写入上下文中不能使用函数返回值
请帮我解决这个问题.
源代码thems/login.html:
<html>
<head>
<title></title>
<meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=UTF-8">
</head>
<body>
<form action=".\login.php" method="get">
Name: <input type="text" name="name"><br>
E-mail: <input type="text" name="email"><br>
<input type="submit" id="Submit_button">
</form>
</body>
</html>
源代码index.php:
<?php
// venushka thisara dharmasiri
require 'config.php';
require 'thems\login.html';
?>
源代码login.php:
<?php
if(isset($_POST("Submit_button"))==true)
print("Submit button pressed");
else
print("submit button sorry");
?>
源代码config.php:
<?php
$dbUser="root";
$dbPassword="";
$dbName="forsitelogin";
$dbHost="localHost";
$dbConnection= mysql_connect($dbHost, $dbUser, $dbPassword);
if($dbConnection)
{
mysql_select_db($dbName);
//print("Sucessfully connected to database");
}
else
die("<strong>Cound not connect to database </strong> ");
?>
Sha*_*ran 11
应该是$_POST["Submit_button"]而不是$_POST("Submit_button")
脚本返回的错误对此进行了解释：
\n\n\n致命错误：无法在第 3 行的 C:\\xampp\\htdocs\\forsiteSystem\\login.php 中的写入上下文中使用函数返回值
\n
如果您不理解错误的含义，并且相信我，即使对于经验丰富的程序员来说，大多数错误消息也会很奇怪，看看引用的行号。查看第 3 行login.php显示了错误；$_POST("Submit_button")是无效的：
if(isset($_POST("Submit_button"))==true) \n print("Submit button pressed");\nelse\n print("submit button sorry");\n它应该是$_POST["Submit_button"]：
if(isset($_POST["Submit_button"])==true) \n print("Submit button pressed");\nelse\n print("submit button sorry");\n但再进一步看，为什么会有一个==true？它可以简单地是这样的：
if(isset($_POST["Submit_button"])) \n print("Submit button pressed");\nelse\n print("submit button sorry");\n但我建议更好地检查该值，如下所示：
\nif(array_key_exists("Submit_button", $_POST) && !empty(trim($_POST["Submit_button"]))) \n print("Submit button pressed");\nelse\n print("submit button sorry");\n我发现使用和的array_key_exists组合对于基本的用户提交的数据验证效果更好。!emptytrim
| 归档时间： |
|
| 查看次数： |
840 次 |
| 最近记录： |