Scala - 需要单位:play.api.mvc.SimpleResult

Question

我真的很困惑,我可能会错过一些明显的东西,所以如果有人能指出我正确的方向会很棒.

我有以下函数返回SimpleResult类型的未来,但它有一个单位.我不确定为什么会这样说,因为我正在映射futureList结果

  def find(key: String, value: String) = Future[SimpleResult] {

  val cursor: Cursor[JsObject] = coll.
    find(Json.obj(key -> value)).
    cursor[JsObject]

  val futureList: Future[List[JsObject]] = cursor.collect[List]()

  val futureResult: Future[SimpleResult] = futureList.map { item =>

    if(item.isEmpty) {

        Ok(JsArray()).as(JSON)
    }
    else 
         Ok(Json.toJson(item))     
 }
} 

编辑

我从Marth的建议中将其改为以下内容

  def find(key: String, value: String) = Future[SimpleResult] {

  val cursor: Cursor[JsObject] = coll.
    find(Json.obj(key -> value)).
    cursor[JsObject]

  val futureList: Future[List[JsObject]] = cursor.collect[List]()

   futureList.map { item =>  Ok(Json.toJson(item))    }

}

Eclipse警告以下内容

类型不匹配; 发现:scala.concurrent.Future [play.api.mvc.SimpleResult]必需:play.api.mvc.SimpleResult

虽然该函数是为了返回一个scala.concurrent.Future [play.api.mvc.SimpleResult]

Answer 1

这是一个语法错误.

def find(key: String, value: String): Future[SimpleResult] = {

  val cursor: Cursor[JsObject] = coll.
    find(Json.obj(key -> value)).
    cursor[JsObject]

  val futureList: Future[List[JsObject]] = cursor.collect[List]()

  futureList.map { item =>  Ok(Json.toJson(item))    }

}

请注意第一行中的":"和"="符号.如果没有冒号,你实际上只是调用Future.apply [SimpleResult],它接受一个参数:一个应返回SimpleResult的函数.这就是为什么你会遇到类型不匹配的原因:你将在未来的体内回归未来.