SFINAE工作在返回类型但不作为模板参数

Question

我已经使用了SFINAE习惯用了很多次,我习惯于把std::enable_if<>模板参数放在模板参数而不是返回类型中.但是,我遇到了一些不起作用的琐碎案例,我不知道为什么.首先,这是我的主要内容:

int main()
{
    foo(5);
    foo(3.4);
}

这是一个foo触发错误的实现:

template<typename T,
         typename = typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value>::type>
auto foo(T)
    -> void
{
    std::cout << "I'm an integer!\n";
}

template<typename T,
         typename = typename std::enable_if<std::is_floating_point<T>::value>::type>
auto foo(T)
    -> void
{
    std::cout << "I'm a floating point number!\n";
}

这是一个可以正常工作的等效代码:

template<typename T>
auto foo(T)
    -> typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value>::type
{
    std::cout << "I'm an integrer!\n";
}

template<typename T>
auto foo(T)
    -> typename std::enable_if<std::is_floating_point<T>::value>::type
{
    std::cout << "I'm a floating point number!\n";
}

我的问题是:为什么第一次执行foo触发器时出错,而第二次触发器却没有触发它？

main.cpp:14:6: error: redefinition of 'template<class T, class> void foo(T)'
 auto foo(T)
      ^
main.cpp:6:6: note: 'template<class T, class> void foo(T)' previously declared here
 auto foo(T)
      ^
main.cpp: In function 'int main()':
main.cpp:23:12: error: no matching function for call to 'foo(double)'
     foo(3.4);
            ^
main.cpp:6:6: note: candidate: template<class T, class> void foo(T)
 auto foo(T)
      ^
main.cpp:6:6: note:   template argument deduction/substitution failed:
main.cpp:5:10: error: no type named 'type' in 'struct std::enable_if<false, void>'
          typename = typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value>::type>
          ^

编辑:

工作代码和错误的代码.

Answer 1

您应该查看14.5.6.1 Function template overloading(C++ 11标准),其中定义了函数模板等效性.简而言之,不考虑默认模板参数,因此在第一种情况下,您将定义两次相同的函数模板.在第二种情况下,您有表达式引用返回类型中使用的模板参数(再次参见14.5.6.1/4).由于此表达式是签名的一部分,因此您将获得两个不同的函数模板声明,因此SFINAE有机会工作.

Answer 2

模板中的值有效:

template<typename T,
         typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value, int>::type = 0>
auto foo(T)
    -> void
{
    std::cout << "I'm an integer!\n";
}

template<typename T,
         typename std::enable_if<std::is_floating_point<T>::value, int>::type = 0>
auto foo(T)
    -> void
{
    std::cout << "I'm a floating point number!\n";
}

Answer 3

该= ...模板只是给出了一个默认的参数.这不是实际签名的一部分

template<typename T, typename>
auto foo(T a);

对于这两种功能.

根据您的需要,此问题的最通用解决方案是使用标签分派.

struct integral_tag { typedef integral_tag category; };
struct floating_tag { typedef floating_tag category; };

template <typename T> struct foo_tag
: std::conditional<std::is_integral<T>::value, integral_tag,
                    typename std::conditional<std::is_floating_point<T>::value, floating_tag,
                                               std::false_type>::type>::type {};

template<typename T>
T foo_impl(T a, integral_tag) { return a; }

template<typename T>
T foo_impl(T a, floating_tag) { return a; }

template <typename T>
T foo(T a)
{
  static_assert(!std::is_base_of<std::false_type, foo_tag<T> >::value,
                 "T must be either floating point or integral");
  return foo_impl(a, typename foo_tag<T>::category{});
}

struct bigint {};
template<> struct foo_tag<bigint> : integral_tag {};

int main()
{
  //foo("x"); // produces a nice error message
  foo(1);
  foo(1.5);
  foo(bigint{});
}