从iOS中的另一个应用程序打开设置应用程序 - React Native

Question

我正在阅读React Native中的文档,并且只能从我所在的应用程序中找到导航到外部链接.

我希望能够导航到Settings应用程序(更具体地说是导航到隐私>位置服务页面),但似乎无法找到相关信息.有一种原生的iOS方式,我试图通过React Native复制它.

这可能吗？

我已尝试以下方法来检测是否存在设置URL.控制台记录Settings url works但是,它不会导航到该页面.

更新:感谢@zvona我现在正在导航到设置页面,但不知道如何进入特定的深层链接.

Linking.canOpenURL('app-settings:').then(supported => {

    console.log(`Settings url works`)
    Linking.openURL('app-settings:'
}).catch(error => {
    console.log(`An error has occured: ${error}`)
})

Answer 1

您可以访问应用程序的设置: Linking.openURL('app-settings:');

但我不知道(还)如何打开特定的深层链接.

Answer 2

我通过下面的代码成功打开了设置,希望它有用:)

Linking.canOpenURL('app-settings:').then(supported => {
  if (!supported) {
    console.log('Can\'t handle settings url');
  } else {
    return Linking.openURL('app-settings:');
  }
}).catch(err => console.error('An error occurred', err));

参考:https://facebook.github.io/react-native//docs/linking.html

Answer 3

从 React Native 0.59 版开始，这应该可以使用openSettings();. 这在 React Native Linking 文档中有所描述。虽然它对我不起作用。当我快速尝试时，我看到了一条_reactNative.Linking.openSettings is not a function错误消息。

Linking.openSettings();

Answer 4

您可以深入链接引用设置的索引,如下所示:

    Linking.openURL('app-settings:{index}')

例如,Linking.openURL('app-settings:{3}')将打开蓝牙设置.

Answer 5

Linking.openURL（'app-settings：1'）;